(物理)初三物理电功率测试题(含答案)

（物理）初三物理电功率测（含）一、选择题.如图甲所示，已知电流表的量程为0~0.6A,电压表的量程为0~15V,滑动变阻器A2的规格为“20Q0.5A〃。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P,得到电流表与电压表的示数关系如图乙所示。在保证电路安全的前提下，下列说法中正确的是（）TOC\o"1-5"\h\z甲匕A.电源电压为9VB.勺的阻值为20QC.滑动变阻器的取值范围是2Q-20QD.电路总功率的变化范围是2W~3W【答案】C【解析】【解答】结合电路图和乙图可得：，解得：，电源电压为：，AB不符合题意；已知电流表的量程为0~0.6A,滑动变阻器A2的规格为“20Q0.5A〃，因为串联时电流相等,故电路最大电流为0.5A,此时电路总电阻为:则滑动变阻器最小电阻为：；当滑动变阻器阻值变大时，分得电压增大，但电源电压为6V,小于电压表的量程，故滑动变阻器阻值可以调整到最大，即20Q,则滑动变阻器接入电路的取值范围是2CT20Q；最小电流为：，电路最小功率为：；电路最大功率为：。故答案为：Co【分析】利用欧姆定律U=IR求出电源电压和电阻\的值，根据变阻器铭牌和电表的量程，求出变阻器接入电路的阻值范围，由P=UI求电路的总功率..小龙家上月初电能表示数为，电能表的部分参数及上月末的示数如图所示，表盘上“3200imp/（kW・h）”表示每消耗1kW1的电能，指示灯闪烁3200次，下列选项正确的是（）加A07|7'子史单期盘**为10(305ftMHcJ曲0g/h4.A.小龙家上月消耗的电能为680kW.hB.小龙家同时使用的用电器总功率不可超过2200WC.指示灯闪烁的次数越多，电能表所在电路接入的用电器总功率越大D.断开其它用电器，只让阻值是100Q的电热棒单独工作3min,指示灯闪烁64次，此时小龙家的实际电压是200V【答案】D【解析】【解答】解：A、电能表的读数时，最后一位是小数，单位kW・h,小龙家上月消耗的电能为772.3kWh-704.3kW*h=68kW*h,故A错；B、小龙家同时使用的用电器最大总功率P=UI=220Vx20A=4400W,故B错；C、电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢，而指示灯闪烁的次数多表示，电能表所在电路消耗的电能多，总功率不一定大，故C错；D、电能表上的指示灯闪烁了64次消耗的电能：W=kW*h=0.02kW*h；电热棒的电功率：P===0.4kW=400W.由P=得实际电压：U===200V,故D正确.故选D.【分析】（1）电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数；②最后一位是小数；③单位kW・h；求出本月消耗的电能；（2）10（20）A,10A是指电能表的标定电流，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，利用P=UI求小龙家同时使用的用电器最大总功率；（3）电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢；（4）3200imp/（kWh）表示每消耗lkW・h的电能，指示灯闪烁3200次，从而可求闪烁64次消耗的电能；根据公式「=求出电热棒的电功率，再利用P=求实际电压.3.小芳同学在做电学实验时，实物图如图所示，电源电压恒为4.5V,电压表量程“0-3V”，灯L标有“2.5V1.25W”（设灯丝电阻不变），滑动变阻器规格为“20Q1A”，在不损坏电路元件的情况下进行实验，下列说法正确的是（）A.灯泡的最小功率是0.162WC.电路中电流变化的范围是0.3A-0.4A化B.该电路的最大功率是4.05WD.滑动变阻器的阻值应在4Q-10Q之间变【答案】D【解析】【解答】解：A灯泡与滑动变阻器串联,滑动变阻器接入电路中的电阻最大（电压表的示数是3V时），电路中的电流最小，灯泡的功率最小，此时灯泡两端的电压：UJ=U-U滑大=4.5V-3V=1.5V,"2.5V1.25W"RL=，电路中的最小电流：I小二=0.3A,PLgj=1.5Vx0.3A=0.45W,A不符合题意；电路中的电流I最大==0.5A所以，电路中电流范围是0.3A〜0.5A,C不符合题意；P一=111~=4.5V0.5A=最大最大2.25A,B不符合题意；电路中电流最大时电阻最小R最小==9，则R滑小=9，电路中电流最小时电阻最大R最大==15，则R滑大=15，D符合题意。故答案为：D【分析】灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；根据P=UI求出灯泡正常发光时的电流，根据串联电路的电流特点结合滑动变阻器允许通过最大电流确定电路中的最大电流，根据P=UI求出电路的最大功率，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，根据P=UI求出灯泡的最小功率，最后根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值即可得出滑动变阻器阻值变化的范围.4.如图所示，电源电压恒定不变。闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由b端移到某点c的过程中，电压表的示数由4V变为3V,电流表的示数由0.2A变为0.3A,由此可知（）A.电源电压为7VB.1的阻值为20QC.电路消耗的最小功率为1.2WD.滑片P在b端时，10秒内,产生的热量为12J【答案】C【解析】【解答】解：由电路图可知，,与区2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由“闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由B端移到某点C的过程中，电压表的示数由4V变为3V,电流表的示数由0.2A变为0.3A,〃可知，R2两端电压为4V,ac两端电压Uac=3V,当滑动变阻器的滑片P在b端时，电流l=0.2A,当滑片P由b端移到某点c时，电流方=IRi-p=0.2X劭-界l=0.3A,设电源电压为U,则知看=1心-gU=0.3*用一口,解得r产°q,U=6V,AB不符合题意；（2）滑动变阻器滑片P在b端时，匕与R2串联，由P=UI可得，电路消耗的最小功率P=UI=6VxO.2A=1.2W,C符合题意；（3）滑片P在b端时，根据串联电路的电压特点可得，匕两端电压U1=U-U2=6V-4V=2V,10秒内、产生的热量Q=W=U1lt=2VxO.2AxlOS=4J,D不符合题意。故答案为：Co【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路的电压特点，应用欧姆定律求出\的阻值和电源电压；滑动变阻器滑片P在b端时，此时电路中的电阻值最大，利用P=ui可求得最小功率，此时，根据串联电路的电压特点可求得‘两端电压，再利用Q=W=Ult可求得匕产生的热量..有甲、乙两灯，甲灯上标有“2.5V0.75W〃,乙灯上标有“2.5V525W〃的字样。若只将这两个灯泡接入同一电路中，两灯均未烧毁。则下列说法中正确的是（）A.乙灯一定比甲灯亮B.两灯串联时，通过两灯的电流最大为0.5AC.两灯消耗的总功率一定为2WD.若两灯都能正常发光，则两灯一定是并联【答案】D【解析】【分析】灯泡的亮度决定于灯泡的实际功率.只有实际电压等于额定电压，实际功率才等于额定功率，灯泡亮度才相同；串联电路中各处电流都相等，为保证灯泡不被烧坏，应以额定电流小的数值为电路电流；电路消耗的总功率，等于各用电器实际功率之和；灯泡正常发光，说明两端电压等于额定电压，只有在串联电路中，各用电器两端电压才相等.【解答】A、甲灯泡的电阻为R===8.30甲乙灯泡的电阻为R===50乙当两灯串联时，由公式P=l2R知P甲〉「乙所以甲灯亮.B、两灯正常发光时通过甲灯的电流是I『上甲=0.3A通过乙灯的电流是==0.5A两灯串联时，为保证灯泡不被烧坏串联电路电流R甲=03AC、灯泡必须在额定电压下实际功率才等于额定功率若实际电压低于额定电压，实际功率也低于额定功率，两灯总功率低于2W；若实际电压高于额定电压，实际功率也高于额定功率，两灯总功率高于2W.D、两灯正常发光，说明每个灯泡两端实际电压等于额定电压，由上面的计算知，两灯泡电阻值不相等，假设串联在同一电路中，分得的电压一定不等，所以两灯连接在同一电路且正常发光时，一定是并联.故选D.【点评】此题虽是一道选择题，但考查的知识点较全.要解决此题，必须对串并联电路的电流电压特点以及电功率的计算公式及其变形熟练掌握，并选择应用.如图所示，灯泡、和L2（灯泡中只要有电流就能发光）相同，电源电压小于灯泡的额定电压，且保持不变，开关S由闭合到断开，电路中（）A.J变亮，电压表示数变小B.J变暗，电流表示数变大C.L?亮起来，电压表示数变大D.L?亮起来，电流表示数变小【答案】D【解析】【解答】解：开关s闭合时，电路为灯泡、的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；当开关S断开时，灯泡、和L2串联，灯泡L2亮起来，电压表测灯泡L1两端的电压，电流表测电路中的电流；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变大，由1=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，D符合题意；由U=IR可知，灯泡I两端的电压变小，即电压表的示数变小，C不符合题意；因P=UI,且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡、的实际功率变小，灯泡、变暗，A、B不符合题意。故答案为：Do【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象，首先U判断出电路中电阻的变化，根据欧姆定律匕口判断出电路中的电流的变化和灯泡、两端的电压的变化，即电压表的示数的变化，根据p=ui可知灯泡实际功率的变化，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知亮暗的变化.7.一灯泡标有“3.8V〃字样，额定功率模糊不清，某同学了如图甲所示的电路进行测量，电源电压恒为6V,电压表、电流表使用的量程分别为0〜3V、0〜0.6A,滑动变阻器的规格为"10Q1A〃，他根据实验数据作出了电压表、电流表示数的U-I图像如图乙所示.则以下判断正确的是（）A.小灯泡的额定功率为0.88WB.滑片向左移时电压表示数变大，小灯泡变亮C.变阻器允许连入电路的最大阻值约为8.82QD.小灯泡正常发光2s内，变阻器产生的电热为3.04J【答案】C【解析】【解答】A、如图电路，电压表与滑动变阻器并联，当滑动变阻器两端电压为2.2V时，根据串联电路的分压特点，此时灯泡两端的电压为：，由乙图得，此时电流为0.4A,故灯泡的功率为：，A不符合题意；B、如图滑片向左移时，接入电路的电阻变小，电流变大，小灯泡变亮，但根据串联电路的分压特点可知，电压表示数变小，B不符合题意；C、由乙图知，电压表为3V时，电流为0.34A,所以变阻器允许连入电路的最大阻值约为：，C符合题意；D.小灯泡正常发光2s内，变阻器产生的电热为：D不符合题意.故答案为：C.【分析】（1）根据图像，灯泡正常发光时，变阻器两端的电压为2.2V,并确定此时电路中的电流，由公式P=UI便可计算出灯泡的额定电功率；（2）滑片向左滑动，变阻器的阻值变小，电路中电流变大，灯泡变亮，变阻器分压变小，从而可判断电流表和电压表的示数变化；（3）变阻器的阻值越大，两端的电压越大，根据电压表的量程确定电阻器两端的I-最大电压，根据图像确定此时的电流，由公式R=7可得变阻器的最大值；（4）根据Q=W=Ult可计算出变阻器产生的电热.8.如图所示，滑动变阻器的滑片P处于中间位置，闭合开关S,两个灯泡均能发光（假设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）A.J和L2都变亮B.J变暗，L2变亮C.L］变亮，L2变暗D.L］和L2都变暗【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡、串联，将滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变大，电路的总电阻变大，由1=可知，干路中的电流变小，由U=IR可知，J两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由「=5可知，灯泡、的实际功率变小，、的亮度变暗，AC不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，灯泡L2两端的电压变大，由「=可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，B符合题意、D不符合题意。故答案为：B。【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律1=可知电路中电流的变化和L1两端的电压变化情况，根据P=ui可知I实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化；根费据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的电压特点和p=7可知l2实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化.9.有两只分别标有〃6V3W“和〃9V3W”的小灯泡LpL2,不考虑温度对灯丝电阻的影响,下列说法正确的是（）入1和L2正常工作时的电流一样大3.1和L2串联在一起同时使用时，两灯一样亮^、和L2并联在一起同时使用时，两灯消耗的功率一样大D.将L串联在一个12Q的电阻，接在电源电压为12V的电路中，L也能正常发光【答案】D【解析】【解答】A.由P=UI可得，两灯泡正常发光时的电流分别为：『==0.5A,12===A,所以两灯泡正常发光时的电流不一样，A不符合题意；B.由P=UI=可得，两灯泡的电阻分别为：R『==120,R2===270,两灯泡串联时通过的电流相等，但灯泡的电阻不同，由P=l2R可知，两灯泡的实际功率不相等，亮度不同，B不符合题意；（:匕和L2并联在一起同时使用时，它们两端的电压相等，但灯泡的电阻不同，由P=可知，两灯泡消耗的电功率不相等，C不符合题意；D.将J串联在一个12Q的电阻时，电路中的总电阻R总='+区=120+120=240,电路中的电流匕==0.5A,因电路中的电流和灯泡［正常发光时的电流相等，所以［能正常发光，D符合题意；故答案为：Do【分析】（1）根据P=UI求出两灯泡的正常发光时的电流；（2）根据P=UI=求出两灯泡的电阻，根据串联电路的电流特点和P=l2R比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮；（3）、和I2并联在一起同时使用时，它们两端的电压相等，根据P=比较两灯泡消耗的电功率关系;（4）将I串联在一个12Q的电阻时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后与灯泡、正常发光时的电流相比较判断其是否能正常发光.10.下列估测值最接近生活实际的是（）A.人骑自行车的平均速度约为0.5m/sB.中学生的质量约为200kgC.物理课本的宽度约为18cmD.日光灯正常工作的电功率约为1000W【答案】c【解析】【解答】解：A、人步行的速度在l.lm/s左右，骑自行车的速度在5m/s左右，A不符合实际；B、中学生的质量在50kg左右，B不符合实际；C、初中物理课本的宽度约为18cm,C符合实际；D、日光灯正常工作的电功率在40W左右，D不符合实际。故答案为：Co【分析】利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，叫估测法，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算.11.如图所示，电源电压为6V,定值电阻R=30Q,滑动变阻器R0的规格为“30Q1A〃，电流表的量程为“0〜0.6A〃，小灯泡上标有“3V1W〃字样。不考虑灯丝电阻变化，在保证电路安全的前提下，则（）--®-d———，一^_•""cE^―0^^1RA.S、工都闭合，S2断开，向左调节R。的滑片，灯泡会变暗B.S闭合，SpS2都断开，调节R。，灯泡功率变化范围是0.45〜1WC.S、SpS2都闭合，电路消耗的总功率最小值为1.2WD.S、SpS2都闭合，当电路消耗的总功率最大时，R。接入电路的阻值是15Q【答案】D【解析】【解答】解：A、由图可知，S、工都闭合，S2断开时，R。与R并联再与灯泡串联，当向左调节R。的滑片其接入电路的电阻变小，所以并联部分电阻的变大，由串联电路的分压原理可知，并联部分分得电压变大，则灯泡分得电压变小，由P=可知，灯泡的电功率变小，所以灯泡会变暗，A符合题意；B、由图可知，S闭合，SpS2都断开，滑动变阻器R0与L串联，由P="可得灯泡电阻：丸===9Q,由「=5可得灯泡正常发光时的电流：lL===A,由串联电路特点和欧姆定律可知当变阻器连入阻值最大时，电路中电流最小,最小电流I===A,此时电流表和灯泡都安全,最小则灯泡的最小功率：P最小=1最小2,=(A)2X9Q=O.21W,故灯泡的功率变化范围是0.21W-1W,B不符合题意；CD、由图可知，当S、SpS2都闭合时，R。与滑动变阻器并联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中消耗的总功率最小，电路消耗的总功率最小值：Pzj=+=+=2.4W,C不符合题意；当电流表的示数K=0.6A最大时，电路消耗的总功率最大,通过R的电流：I===0.2A,K因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过滑动变阻器的最大电流：I?f=K-lo=O.6A-0.2A=0.4A,滑动变阻器接入电路中的电阻：RJ===15Q,D符合题意。故答案为：Do【分析】S、工都闭合，S2断开，R。与R并联再与灯泡串联，判断向左调节R。的滑片其接入电路的电阻变化，从而可知并联部分电阻的变化，再根据串联电路的分压原理和电功率公式分析灯泡功率的变化，从而可知其亮度的变化；S闭合，工、S?都断开时，灯泡L与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，根据P=l2R分析灯泡的功率变化范围；S、SpS2都闭合时，R。与滑动变阻器并联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中消耗的总功率最小，根据并联电路的电压特点和P=求出电路消耗的总功率最小值；当电流表的示数最大时电路消耗的总功率最大，根据并联电路的电流特点求出通过R0的电流，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的最大电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻.12.如图所示，电源电压U保持不变。当开关S2闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路的总功率为P1,再将滑片滑至最左端，有一只电表的示数变为原来的1/5;当开关S1和S3闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片从最右端滑至中点时，R3的功率增大了0.05W,且滑片在中点时，电压表V1的示数为U1；当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，电路的总功率为P2，两只电流表示数相差0.3A.已知P2=2：15,下列结论正确的是()A.P2=5.4WB.U=12VC.q=6VD.^=200【答案】A【解析】【解答】解：(1)S2闭合、工和S3断开，滑片在最右端时，r2>r3串联，匕测R?电压，V?测R2>R3总电压，即电源电压，等效电路如图1所示；滑片滑至最左端时，V1V2都测R2两端电压，等效电路如图2所示：由题意结合图可知，电表V2的示数将发生变化，且UR2=U,贝IJR3两端的电压uR3=U,所以，根据串联电路的分压规律可得：，即R3=4R2--①；(2)当开关工和S3闭合、S2断开，滑片位于最右端时匕、R3串联匕测匕电压，V2测总电压，等效电路如图3所示；滑片位于中点时，等效电路如图4所示；当所有开关闭合，滑片在最左端时，R3短路，R、尸？并联，A2测干路电流，A/则R2所在支路的电流，等效电路图如图5所示：由题意知图1中，电路的总功率：PT=，图5中总功率：P2=+，可得：15Pl=2P2,即15x=2x(+),解得：R1=2R2--②由题意知图5中两只电流表示数相差0.3A,根据并联电路电流规律，可得图5中，通过\的电流：l5=「l4=03A,则=0.3A,即=0.6A---③，图3中，电路中的电流：12=xxO.6A=0.1A,图4中，电路中的电流：13=xx0.6A=0.15A,因图4和图3相比较R3的功率增大了0.05W,所以，由P=l2R可得：P3Z-P3=l32xR3-l22R3=(0.15A)2XR3-(0.1A)2xR3=0.05W,解得：R3=40Q,代入①②③两式可得：\=20Q,R2=10Q,U=6V,BD不符合题意；图4中，U1=I3R1=0.15Ax20Q=3V,C不符合题意；图5中，P2=++=5.4W,A符合题意。故答案为：A。【分析】（1）当开关S2闭合、工和$3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，R?与R3的最大阻值串联，电压表V/则R2两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表Ax测电路中的电流；再将滑片滑至最左端时，R2与R3的最大阻值串联，电压表%、V2均测R?两端的电压，电流表々测电路中的电流，据此可知示数变化的电表为V2,并得出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R3两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出两电阻的阻值之比；（2）当开关S2闭合、工和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，根据电阻的串联和P=表示出电路中的总功率/当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，匕与区2并联，电流表A?测干路电流，电流表々测R2支路的电流，根据并联电路的特点和电功率公式表示出电路的总功率P2,利用P1；P2=2：15得出等式即可求出\与R2的阻值关系；利用并联电路的电流特点结合两只电流表示数相差03A即可得出电源的电压和R2的阻值关系；当开关工和$3闭合、S2断开时，,与区3串联，电压表匕测,两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A?测电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律求出滑片位于最右端和中点时电路中的电流，利用P=l2R结合R3的功率变化即可求出R3的阻值，进一步求出\和R2的阻值以及电源的电压，利用欧姆定律求出与的大小，最后根据并联电路的特点和P=求出P2的大小.13.将规格都是“220V180W〃的一台电冰箱、一台电脑和一床电热毯，分别接入同一家庭电路中，若通电时间相同，则下列说法正确的是（）A.电冰箱产生的热量最多B.电脑产生的热量最多C.电热毯产生的热量最多D.三者产生的热量一样多【答案】C【解析】【解答】:接在家庭电路中，U=220V,」•三种用电器的实际功率：F实二陵二同H；又丁，用电器工作时间t相等，••・三种用电器消耗的电能相同；••・电冰箱与电风扇工作时，主要把电能转化为机械能，产生的热量很小，电热毯工作时电热丝产生热量，把电能全部转化为热量；」•产生热量最多的是电热毯。故答案为：Co【分析】功率相同的用电器相同时间消耗的电能相同，利用电流的热效应工作的用电器产生的热是最多的..甲、乙两只灯泡，其I-U关系图象如图所示.现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为2V时，乙灯消耗的功率是（）A.1.2WB.0.8WC.2WD.3W【答案】A【解析】【解答】解：根据图象可知，当甲灯泡两端电压为2V时，通过甲灯泡的电流为0.4A；因为串联电路处处电流相等，因此通过乙灯泡的电流也为0.4A；根据图象可知，此时乙灯泡两端电压为3V；乙灯泡消耗的功率：P=UI=3VxO.4A=1.2W.故选A.【分析】先根据图象读出甲灯两端电压为2V时通过甲的电流，然后根据串联电路电流规律并结合图象可知此时乙灯泡两端电压，再根据P=UI求出乙消耗的功率..如图所示是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是A.甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多B.乙实验通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大C.乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系D.乙实验右边密闭容器与左边密闭容器中的电阻丝产生热量之比为4：1【答案】B【解析】【解答】解：A、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=l2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多。A不符合题意；B、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，由焦耳定律Q=l2Rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧U形管中液面的高度差比右侧的大。B符合题意；C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系。C不符合题意；D、装置乙中一个5Q的电阻与两个5Q的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即।右=1左，两个5Q的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=1+12，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，12=12,所以右边容器中通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，由Q=l2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量是右侧容器电阻丝产生的热量的4倍，D不符合题意。故答案为：B【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点，并灵活应用焦耳定律根据控制变量法（两电阻中的电流相等，两电阻丝的阻值不同，根据温度计示数的变化判断吸收热量的多少，可探究电流产生热量与电阻大小的关系；通过电阻的电流不同，比较相同通电时间内两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与电流是否有关）及转换法（探究影响电热的因素时，通过液体吸热的多少反应电阻丝产生的热量）分析解答.A.定值电阻R。的阻值为3QB.变阻器连入电路的电阻变化范围为2〜12Q.如图所示，R。为定值电阻，闭合开关后，当滑片P在某两点之间滑动时，电流表的示数变化范围是0.5〜1.5A,电压表的示数变化范围是3〜6V.小明通过推算，得出四个结）C.实验中R。两端的电压变化范围为1.5V〜4.5VD.电路消耗的总功率的变化范围为3.75W〜10.25W【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端电压；当滑动变阻器接入电路阻值增大时，电路中电流减小，即电流表示数减小；变阻器接入阻值增大时，其分得电压增大，即电压表示数增大；所以，电流表与电压表的示数变化情况是相反的。A、由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压1>与+及，电流表示数变化范围是0.5A〜1.5A,电压表的示数变化范围3V〜6V,结合前面分析可知，当l=0.5A时，Uv=6V,所以有U=6V+0.5AxRq-①当l=1.5A时，Uv=3V,所以有U=3V+1.5AxRo（2）联立①②解得：R0=3Q,U=7.5V,A不符合题意；B、由题可知，电流表示数变化范围是0.5A-1.5A,电压表的示数变化范围3V〜6V,滑动变阻器接入电路的阻值分别为：R=^==2Q,R==12Q,即变阻器连入电滑滑路的阻值变化范围为2Q〜12Q,B不符合题意；C、R。两端的电压分别为：U0=l最小Ro=O.5Ax3Q=1.5V,q'4最大R0=L5Ax3Q=4.5V,则R。两端的电压变化范围是1.5V〜4.5V,C不符合题意；D、电路消耗的最小电功率：P最小=UI最小=7.5VxO.5A=3.75W,电路消耗的最大电功率：P最大=UI最大=7.5Vxl.5A=11.25W,则消耗的总功率的变化范围为3.75W-11.25W,D符合题意。故答案为：Do【分析】根据电流的范围和电压的范围，结合欧姆定律计算公式和电功率计算公式，求电路中的电阻、分压情况和电功率..在如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，四个电表的示数都发生了变化，电表的示数分别用I、Upq和与表示，电表示数变化量的大小分别用AUp△2和4^表示，电阻RPR2>R3消耗的电功率分别用PPP2>P3表示，下列选项正确的是（）A.UJI不变，△U]〃l变小B.2/1变大，△（^/△1不变C.U3/I不变，△/△1不变D.P1变大，P2变小，P3变大【答案】B【解析】【解答】电源电压保持不变，闭合开关S,R1、R2、R3串联，A.U1/1为R1不变，△U1/4l为R1不变，A不符合题意；B.U2/1为滑动变阻器连入电路的阻值，阻值变大，△5/△l为R1和R3的阻值，阻值不变，B符合题意；C.U3/1为R1和R2的阻值变大，△U3/△l为R3不变，C不符合题意；D.滑动变阻器的电阻变大，电路中电流变小，P1变小，P2先变大后变小，P3变小.D不符合题意；故答案为：B.【分析】学生首先要会分析电路图，再要会根据滑片的移动情况，分析电路中电阻的变化，再分析各个量的变化..如图所示的电路，电源电压为3V,R1=15Q,R2=5Q,当开关S闭合时，下列分析正确的是（）A.1、R2两端电压之比为3：1B.通过匕、R?电流之比为3：1C.RpR2消耗的电功率之比为1：3D.R1的电功率为1.8W【答案】C【解析】【解答】由电路图知道，/、A2两电阻并联，由于并联电路各支路两端的电压相等，所以/、/?2两端电压之比是1：LA不符合题意；由/=U/R知道，通过勺、/?2电流之比是：/]：z2=U/R\：U/R=R2：R=5Q：/15Q=1：3,B不符合题意；由Q=3//?知道，勺、/?2消耗的电功率之比是：匕：02=U2/R]：U2/R=R2：R=l：3,C符合题意；由于两电阻并联，所以U]=U=3V,勺的电功率是：P1=U2/R=（3V）2/15Q=0.6W,D不符合题意，故答案为：Co【分析】根据并联电路的特点，当电压相等时，电流和电阻成反比，电功率和电阻成反比..下列物理量的估计最接近实际的是（）B.家用空调的额定功率约为50WD.体育考试中所用实心球质量约为10kgA.人体的正常体温约为37℃C.我国家庭照明电路的电压为1.5V【答案】A【解析】【解答】解：A、人体正常体温在37℃左右，变化幅度很小，此选项符合实际；B、家用空调的额定功率在1000W以上，此选项不符合实际；C、家庭电路电压为220V，此选项不符合实际；D、考试中所用实心球质量约为1kg左右，此选项不符合实际.故选A.【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个.此题考查的是学生对一些常见物理量的估测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识，此题就会得到正确答案..如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P向右移动过程中（）A.电压表V的示数不变B.电流表A的示数变大C.小灯泡的亮度变暗D.电路的总功率变大【答案】A【解析】【解答】由图可知，闭合开关，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A测量电路总电流，电压表测电源电压，所以滑片移动电压表的示数不变，A符合题意；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据1=可知，滑动变阻器所在支路中的电流变小；根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，所以滑片向右移动，小灯泡的电流和实际功率不变，则灯泡的亮度不变，C不符合题意；根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，总电流变小，即电流表A的示数变小，B不符合题意；电源电压保持不变，总电流变小，根据P=UI知，电路的总功率变小，D不符合题意。故答案为：Ao【分析】结合电路图，理清依据的连接方式及电表的测量对象，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，判断出滑动变阻器接入电路中电阻的变化，滑动变阻器两端的电压不变，根据欧姆定律1=可知该支路电流的变化；根据并联电路各支路互不影响判断出灯泡的亮度和通过灯泡的电流；根据P=UI判断电路的总功率变化情况.