随机过程题库

随机过程综合练习题一、填空题（每空3分）第一章1．X1,X2,Xn是独立同分布的随机变量，Xi的特征函数为g(t)，则X1X2Xn的特征函数是。2．EE(XY)。3．X的特征函数为g(t)，YaXb，则Y的特征函数为。4．条件期望E(XY)是的函数，（是or不是）随机变量。5．X1,X2,Xn是独立同分布的随机变量，Xi的特征函数为gi(t)，则X1X2Xn的特征函数是。6．n维正态分布中各分量的相互独立性和不相关性。第二章7．宽平稳过程是指协方差函数只与有关。8．在独立重复试验中，若每次试验时事件A发生的概率为p(0p1)，以X(n)记进行到n次试验为止A发生的次数，则{X(n),n0,1,2,}是过程。9．正交增量过程满足的条件是。10．正交增量过程的协方差函数CX(s,t)。第三章11．{X(t),t≥0}为具有参数0的齐次泊松过程，其均值函数为；方差函数为。12．设到达某路口的绿、黑、灰色的汽车的到达率分别为1，2，3且均为泊松过程，它们相互独立，若把这些汽车合并成单个输出过程(假定无长度、无延时)，相邻绿色汽车之间的不同到达时间间隔的概率密度是，汽车之间的不同到达时刻间隔的概率密度是。13．{X(t),t≥0}为具有参数0的齐次泊松过程，PX(ts)X(s)n。n0,1,14．设{X(t),t≥0}是具有参数0的泊松过程，泊松过程第n次到达时间Wn的数学期望是。15．在保险的索赔模型中，设索赔要求以平均2次/月的速率的泊松过程到达保险公司．若每次赔付金额是均值为10000元的正态分布，求一年中保险公司的平均赔付金额。16．到达某汽车总站的客车数是一泊松过程，乘客数独立同分布，且各辆车乘客数与车辆数每辆客车内乘客数是一随机变量．设各客车内N(t)相互独立，则在[0，t]内到达汽车总站的乘客总数是（复合or非齐次）泊松过程．17．设顾客以每分钟2人的速率到达，顾客流为泊松流，求在2min内到达的顾客不超过3人的概率是．第四章18．无限制随机游动各状态的周期是。19．非周期正常返状态称为。20．设有独立重复试验序列{Xn,n1}。以Xn1记第n次试验时事件A发生，且{Xn1}p，以Xn0记第n次试验时事件A不发生，且{0}1p，若有PPXnnYnXk,n1，则{Yn,n1}是链。k1一、填空题1．gn(t)；．EX；3．eibtg(at)．Y;是n245．gi(t)；6．等价i17．时间差；8．独立增量过程；9．EX(t2)X(t1)X(t4)X(t3)010．X2(min{s,t})11．t;t；12．f(t)1e1tt0f(t)(123)e(123)tt00t00t013．(t)net14．n15．24000016．复合；17．71e4n!318．2；19．遍历状态；20．齐次马尔科夫链；二、判断题（每题2分）第一章1．gi(t)(i1,2,nn)是特征函数，gi(t)不是特征函数。（）i12．n维正态分布中各分量的相互独立性和不相关性等价。（）3．任意随机变量均存在特征函数。（）4．gi(t)(i1,2,nn)是特征函数，gi(t)是特征函数。（）i15．设X1,X2,X3,X4是零均值的四维高斯分布随机变量，则有E(X1X2X3X4)E(X1X2)E(X3X4)+E(X1X3)E(X2X4)+E(X1X4)E(X2X3)（）第二章6．严平稳过程二阶矩不一定存在，因而不一定是宽平稳过程。（）7．独立增量过程是马尔科夫过程。（）8．维纳过程是平稳独立增量过程。（）第三章9．非齐次泊松过程是平稳独立增量过程。（）第四章10．有限状态空间不可约马氏链的状态均常返。（）11．有限齐次马尔科夫链的所有非常返状态集不可能是闭集。（）12．有限马尔科夫链，若有状态k使limpik(n)0，则状态k即为正常返的。（）n(n)0,(n1)0,则i非周期。（）13．设iS，若存在正整数n，使得piipii14．有限状态空间马氏链必存在常返状态。（）15．i是正常返周期的充要条件是limpii(n)不存在。（）n16．平稳分布唯一存在的充要条件是：只有一个基本正常返闭集。（）17．有限状态空间马氏链不一定存在常返状态。（）18．i是正常返周期的充要条件是limpii(n)存在。（）n19．若ij，则有didj（）20．不可约马氏链或者全为常返态，或者全为非常返态．（）答案二、判断题1．×2．√3．√4．√5．√6．√7．√8．√9．×10．√11．√12．√13．√14．√15．√16．√17．×18．×19．√20．√三、大题第一章1．（10分）—（易）设X~B(n,p)，求X的特征函数，并利用其求EX。2．（10分）—（中）利用重复抛掷硬币的试验定义一个随机过程，X(t)cost,出现正面t2t,出现反面出现正面和反面的概率相等，求X(t)的一维分布函数F(x,1/2)和F(x,1)，X(t)的二维分布函数F(x1,x2;1/2,1)。3．（10分）—（易）设有随机过程X(t)ABt,t0，其中A与B是相互独立的随机变量，均服从正态分布，求X(t)的一维和二维分布。第二章4．（10分）—（易）设随机过程X(t)=Vt+b，t∈(0,+∞),b为常数，V服从正态分布N(0，的随机变量，求X(t)的均值函数和相关函数。5．（10分）—（易）已知随机过程X(t)的均值函数m(t)和协方差函数B(t1,t2)，g(t)xx为普通函数，令Y(t)=X(t)+g(t)，求随机过程Y(t)的均值函数和协方差函数。6．（10分）—（中）设{X(t),tT}是实正交增量过程，T[0,),X(0)0,是一服从标准正态分布的随机变量，若对任一t0,X(t)都与相互独立，求Y(t)X(t),t[0,)的协方差函数。7．（10分）—（中）设{Z(t)XYt,t}，若已知二维随机变量(X,Y)的协2方差矩阵为1，求Z(t)的协方差函数。228．（10分）—（难）设有随机过程{X(t),tT}和常数a，试以X(t)的相关函数表示随机过程Y(t)X(ta)X(t),tT的相关函数。第三章9．（10分）—（易）某商店每日8时开始营业，从8时到11时平均顾客到达率线性增加．在8时顾客平均到达率为5人/时，11时到达率达到最高峰20人/时，从11时到13时，平均顾客到达率维持不变，为20人/时，从13时到17时，顾客到达率线性下降，到17时顾客到达率为12人/时。假定在不相重叠的时间间隔内到达商店的顾客数是相互独立的，问在8：30—9：30间无顾客到达商店的概率是多少在这段时间内到达商店的顾客数学期望是多少10．（15分）—（难）设到达某商店的顾客组成强度为的泊松过程，每个顾客购买商品的概率为p，且与其它顾客是否购买商品无关，求（0，t）内无人购买商品的概率。11．（15分）—（难）设X1(t)和X2(t)是分别具有参数1和2的相互独立的泊松过程，：Y(t)是具有参数12的泊松过程。12．（10分）—（中）设移民到某地区定居的户数是一泊松过程，平均每周有2户定居．即2。如果每户的人口数是随机变量，一户四人的概率为1/6，一户三人的概率为1/3，一户两人的概率为1/3，一户一人的概率为1/6，并且每户的人口数是相互独立的，求在五周内移民到该地区人口的数学期望与方差。k13（．10分）—（难）在时间t内向电话总机呼叫k次的概率为pt(k)e,k0,1,2,，k!其中0为常数．如果任意两相邻的时间间隔内的呼叫次数是相互独立的，求在时间2t内呼叫n次的概率P2t(n)14．（10分）—（易）设顾客到某商场的过程是泊松过程，巳知平均每小时有30人到达，求下列事件的概率：两个顾客相继到达的时间间隔超过2min15．（15分）—（中）设进入中国上空流星的个数是一泊松过程，平均每年为10000个．每个流星能以陨石落于地面的概率为，求一个月内落于中国地面陨石数W的EW、varW和P{W2}．16．（10分）—（易）通过某十字路口的车流是一泊松过程．设1min内没有车辆通过的概率为，求2min内有多于一辆车通过的概率。17．（10分）—（易）设顾客到某商场的过程是泊松过程，巳知平均每小时有30人到达，求下列事件的概率：两个顾客相继到达的时间间隔短于4min18．（15分）—（中）某刊物邮购部的顾客数是平均速率为6的泊松过程，订阅1年、2年或3年的概率分别为1／2、l／3和1／6，且相互独立．设订一年时，可得1元手续费；订两年时，可得2元手续费；订三年时，可得3元手续费.以X(t)记在[0，t]内得到的总手续费，求EX(t)与varX(t)19．（10分）—（易）设顾客到达商场的速率为2个／min，求(1)在5min内到达顾客数的平均值；(2)在5min内到达顾客数的方差；(3)在5min内至少有一个顾客到达的概率．20．（10分）—（中）设某设备的使用期限为10年，在前5年内平均年需要维修一次，后5年平均2年需维修一次，求在使用期限内只维修过1次的概率．21．（15分）—（难）设X(t)和Y(t)(t≥0)是强度分别为X和Y的泊松过程，证明：在X(t)的任意两个相邻事件之间的时间间隔内，Y(t)恰好有k个事件发生的概率为pkXY。XYXY第四章22．（10分）—（中）已知随机游动的转移概率矩阵为0.50.50P00.50.50.500.5求三步转移概率矩阵P(3)及当初始分布为P{X01}P{X02}0,P{X03}1时，经三步转移后处于状态3的概率。23．（15分）—（难）将2个红球4个白球任意地分别放入甲、乙两个盒子中，每个盒子放3个，现从每个盒子中各任取一球，交换后放回盒中(甲盒内取出的球放入乙盒中，乙盒内取出的球放入甲盒中)，以X(n)表示经过n次交换后甲盒中红球数，则{X(n)，n≥0}为齐次马尔可夫链，求（1）一步转移概率矩阵；（2）证明：{X(n)，n≥0}是遍历链；（3）求limPij(n),j0,1,2。n24．（10分）—（中）已知本月销售状态的初始分布和转移概率矩阵如下：0.80.10.1PT(0)(0.4,0.2,0.4)P0.10.70.20.20.20.6求下一、二个月的销售状态分布。25．（15分）—（难）设马尔可夫链的状态空间I＝{1，2，⋯，7}，转移概率矩阵为0.40.20.100.10.10.10.10.20.20.20.10.10.1000.60.4000P000.400.600000.20.50.300000000.30.7000000.80.2求状态的分类及各常返闭集的平稳分布。26．（15分）—（难）设河流每天的BOD(生物耗氧量)浓度为齐次马尔可夫链，状态空间I={1，2，3，4}是按BOD浓度为极低，低、中、高分别表示的，其一步转移概率矩阵(以一天为单位)为0.50.40.100.20.50.20.1P0.10.20.60.10.20.40.4若BOD浓度为高，则称河流处于污染状态。(1)证明该链是遍历链；(2)求该链的平稳分布；(3)河流再次达到污染的平均时间4。27．（10分）—（易）设马尔可夫链的状态空间I＝{0，1，2，3}，转移概率矩阵为1/21/2001/21/200P1/41/41/41/40001求状态空间的分解。28．（15分）—（难）设马尔可夫链的状态空间为I＝{1，2，3，4}．转移概率矩阵为10000100P2/3001/31/41/401/2(n)讨论limpi129．（10分）—（易）设马尔可夫链的转移概率矩阵为1/21/20P1/201/201/21/2求其平稳分布。30．（15分）—（难）甲乙两人进行一种比赛，设每局比赛甲胜的概率是p，乙胜的概率是q，和局的概率为r，且p+q+r=1．设每局比赛胜者记1分，负者记一1分．和局记零分。当有一人获得2分时比赛结束．以Xn表示比赛至n局时甲获得的分数，则{Xn,n1}是齐次马尔可夫链．（1）写出状态空间I；（2）求出二步转移概率矩阵；（3）求甲已获1分时，再赛两局可以结束比赛的概率．31．（10分）—（中）(天气预报问题)设明天是否有雨仅与今天的天气有关，而与过去的天气无关．又设今天下雨而明天也下雨的概率为，而今天无雨明天有雨的概率为，规定有雨天气为状态0，无雨天气为状态l。因此问题是两个状态的马尔可夫链．设0.7,0.4，求今天有雨且第四天仍有雨的概率．32．（10分）—（中）设{Xn,n1}是一个马尔可夫链，其状态空间I={a，b，c}，转移概率矩阵为1/21/41/4P2/301/33/52/50求（1）P{X1b,X2c,X3a,X4c,X5a,X6c,X7b|X0c}（2）P{Xn2c|Xnb}33．（15分）—（难）设马尔可夫链{Xn,n0}的状态空间I＝{1，2，⋯，6}，转移概率矩阵为001000000001000010P01/31/301/3010000001/20001/2试分解此马尔可夫链并求出各状态的周期。答案三、大题011,2n1．解：引入随机变量Xi~iqpi(t)EeitXieit0qeit1ppeitq⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（1分）⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（3分）nXXi~B(n,p)⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（4分）i1n(t)EeitXEeit(Xi)nitXi(peitq)ni1Ee⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（6分）i1(0)iEX⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（8分）EXi(0)i(peitq)nin(peitq)n1peitinpt0t0⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）2．解：依题意知硬币出现正反面的概率均为1/2（1）当t=1/2时，X（1/2）的分布列为PX(1)0PX(1)112220x0其分布函数为F(1;x)10x1⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（3分）22x11同理，当t=1时Ｘ(1)的分布列为PX(1)1PX(1)2120x1其分布函数为F(1;x)11x2⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（5分）2x21（2）由于在不同时刻投币是相互独立的，故在t=1/2，t=1时的联合分布列为PX(1)0,X(1)1PX(1)0,X(1)222P11,X(1)1PX(1)1,X(1)21X()242故联合分布函数为0x10orx21F(1,1;x1,x2)1/40x11and1x221/20x11andx22⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）2orx11and1x221x11andx223．解：对于任意固定的t∈T，X(t)是正态随机变量，故E[X(t)]E(A)E(B)t0D[X(t)]D(A)D(B)t21t2所以X（t）服从正态分布N(0,1t2)⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（3分）其次任意固定的t1,t2T,X(t1)ABt1,X(t2)ABt2则依n维正态随机向量的性质，X(t1),X(t2)服从二维正态分布，且E[X(t1)]E[X(t2)]0D[X(t1)]1t12D[X(t2)]1t22⋯⋯⋯⋯⋯⋯（8分）Cov(X(t1),X(t2))E[X(t1)X(t2)]1t1t2所以二维分布是数学期望向量为（0，0），协方差为1t121t1t2的二维正态分布。1t1t21t22⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）4．解：X(t)Vtb，V~N(0,1)，故X(t)服从正态分布，EX(t)EVtbtEVbbDX(t)DVtbt2DVt2均值函数为m(t)EX(t)b⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（4分）相关函数为R(t1,t2)EX(t1)X(t1)EVt1bVt2bEV2t1t2V(t1t2)bb2t1t2b2⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）5．解：mY(t)EY(t)E[X(t)g(t)]mX(t)g(t)⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（4分）BY(t1,t2)RY(t1,t2)mY(t1)mY(t2)EY(t1)Y(t2)mY(t1)mY(t2)E[X(t1)g(t1)][X(t2)g(t2)][mX(t1)g(t1)][mX(t2)g(t2)]RX(t1,t2)mX(t1)mX(t2)BX(t1,t2)⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）6．解：因为{X(t),tT}是实正交增量过程，故E[X(t)]0服从标准正态分布，所以E0,D1⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（2分）E[Y(t)]E[X(t)]E0⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（4分）又因为t0,X(t)都与相互独立Cov[Y(s),Y(t)]E[Y(s)Y(t)]E{[X(s)][X(t)]}⋯⋯⋯⋯⋯⋯（6分）E[X(s)X(t)]E[X(s)]E[X(t)]E2Cov[X(s),X(t)]1⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（8分）2(min{,})1⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）Xst7．解：利用数学期望的性质可得，CZ(s,t)E(XYs)(XYs)(XYt)(XYt)⋯⋯⋯⋯⋯（2分）E(XX)(YsYs)(XX)(YtYt)E(XX)2E(XX)t(YY)E(XX)s(YY)Est(YY)2⋯⋯⋯⋯（8分）DX(st)Cov(X,Y)stDY2(st)st2⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）128．解：RY(t1,t2)E{[X(t1a)X(t1)][X(t2a)X(t2)]}⋯⋯⋯⋯⋯（2分）E[X(t1a)X(t2a)]E[X(t1a)X(t2)]E[X(t1)X(t2a)]E[X(t1)X(t2)]RX(t1a,t2a)RX(t1a,t2)RX(t1,t2a)RX(t1,t2)⋯⋯⋯⋯（10分）9．解：根据题意知顾客的到达率为55t0t3(t)203t5⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（3分）202(t5)5t9mX(1.5)mX(0.5)1.5(55t)dt10⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（6分）0.5P{X(1.5)X(0.5)0}e10⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）10．解：设{X(t),t0}表示到达商店的顾客数，i表示第i个顾客购物与否，即第i个顾客购物i0第i个顾客不购物则由题意知i独立同分布．且与X(t)独立P(i1)p,P(i0)1pX(t)因此，Y(t)i是复合泊松过程，表示（0，t）内购买商品的顾客数，⋯⋯⋯（5分）i1由题意求X(t)X(t)P{Y(t)0}Pi0Pi0,X(t)ki1k0i1kPX(t)kPi0⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）k0i1(t)ketqket(qt)kk!k!k0k0eteqtept⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（15分）11．证明：P{Y(t)Y(t)n}P{X1(t)X2(t)X1(t)X2(t)n}P{X1(t)X1(t)X2(t)X2(t)n}nP{X1(ti0nP{X1(ti0n(1)ii!ei0e(12)[(故Y(t)是具有参数1分）)X1(t)i,X2(t)X2(t)ni}⋯⋯⋯⋯（5分）)X1(t)i}P{X2(t)X2(t)ni}⋯⋯⋯（10分）1(2)nie2(ni)!12)]nn0,1,2n!2的泊松过程⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（1512.解：设N(t)为在时间[0，t]内的移民户数，其是强度为2的泊松过程，Yi表示每户的N(t)人数，则在[0，t]内的移民人数X(t)Yi是一个复合泊松过程。i1⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（2分）Yi是独立同分布的随机变量，其分布为Yi1234P11116336EYi15EYi243⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（4分）66mX(5)EN(5)EY1251525⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（7分）6X(5)DN(5)EY122543215⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）6313．解：以A记时间2t内呼叫n次的事件，记第一时间间隔内呼叫为Hk，则P(Hk)Pt(k)，第二时间间隔内P(A|Hk)Pt(nk)成立，于是nnknkP2t(n)Pt(k)Pt(nk)ee⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（4分）k0k0k!(nk)!e2nnn!e2nk0k!(nn!nCnk⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（8分）n!k)!k0n(2)2e⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）14．解：由题意，顾客到达数N(t)是强度为的泊松过程，则顾客到达的时间间隔{Xn,n1}服从参数为的指数分布，fX(x)30e30xx0⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（4分）0x0P{X2}230e30xdxe1⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）606015．解：设X(t)是t年进入中国上空的流星数，X(t)为参数10000的齐次泊松过程1,第i个流星落于地面i1,2,01设Yi第i个流星不落于地面即Yi~0.00010,0.9999X(t)由题意知，WYi是一个复合泊松过程⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（5分）i1EWEX(t)EY11100000.000111212VarWVarX(t)EY12110000120.000111212W是参数为p1的泊松过程⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）P{W2}1P{W1}1P{W0}P{W1}(1)01(1)11111112e1212e121e12e120!1!12⋯⋯⋯⋯⋯⋯（15分）16．解：以N(t)表示在[0,t)内通过的车辆数，设{N(t),t0}是泊松过程，则P{N(t)k}(t)ket,k0,1,2,⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（2分）k!P{N(1)0}e0.2ln5⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（5分）P{N(2)1}1P{N(2)1}1P{N(2)0}P{N(2)1}1e22e2242ln52525⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）17．解：由题意，顾客到达数N(t)是强度为的泊松过程，则顾客到达的时间间隔{Xn,n1}服从参数为的指数分布，30e30xx0fX(x)x⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（4分）004P{X4}6030e30xdx1e2⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）60018．解：设Z(t)为在[0，t]内来到的顾客数，Z(t)为参数6的齐次泊松过程，Yi是每个顾客订阅年限的概率分布，且Yi独立同分布，Z(t)由题意知，X(t)Yi为[0，t]内得到的总手续费，是一个复合泊松过程i1⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（5分）EY1112131102366EY1212122132120⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（8分）2366EX(t)EZ(t)EY16t1010t6VarX(t)VarZ(t)EY126t2020t⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（15分）619．解：N(t)表示在[0，t)内到达的顾客数，显然{N(t),t≥0}是泊松过程，2，则当t=2时，N（5）服从泊松过程P{N(5)k}(25)ke25,k0,1,2,⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（5分）k!故E[N(5)]10;D[N(5)]10P{N(5)1}1P{N(5)0}1e10⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）20．解：因为维修次数与使用时间有关，所以该过程是非齐次泊松过程，强度函数(t)1/2.50t51/25t10则(10)10(t)dt51dt101dt4.5⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（6分）002.552P{N(10)N(0)1}e4.54.5!9e1!292⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）21．证明：设X（t）的两个相邻事件的时间间隔为，依独立性有P{[Y(t)Y(t)]k}(Y)keY⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（2分）!而X（t）的不同到达时刻的概率密度函数为fX()XeX00others⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（4分）由于X（t）是泊松过程，故Y（t）恰好有k个事件发生的概率为(Y)keYXeXdpk!0kkk!XYkeYeXdXY⋯⋯⋯（8分）k!0k!(XY)k1kXYXYXY⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）22．解：0.50.500.50.500.50.50P(3)P300.50.500.50.500.50.50.500.50.500.50.500.5250.3750.3750.3750.250.3750.3750.3750.25⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（6分）p3(3)p3p33(3)10.250.25⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）23．解：由题意知，甲盒中的球共有3种状态，(n)表示甲盒中的红球数甲盒乙盒22红、1白3白11红、2白1红、2白03白2红、1白p00P{甲乙互换一球后甲盒仍有3个白球|甲盒有3个白球}=P{从乙盒放入甲盒的一球是白球}=1/3p01P{甲乙互换一球后甲盒有2个白球1个红球|甲盒有3个白球}=P{从乙盒放入甲盒的一球是红球}=2/3p02P{甲乙互换一球后甲盒有1个白球2个红球|甲盒有3个白球}=01/32/30以此类推，一步转移概率矩阵为P2/95/92/9⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（8分）02/31/3（2）因为各状态互通，所以为不可约有限马氏链，且状态0无周期，故马氏链为遍历链。（3）(0,1,2)0P12解方程组即3012120解得01,13,21555limpi(0n)01,limpi(1n)13n5n524．解：⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）12309105122⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（13分）93219132121limpi(n2)21⋯⋯⋯⋯（15分）n50.80.10.1PT(1)PT(0)P(0.4,0.2,0.4)0.10.70.2(0.42,0.26,0.32)0.20.20.6⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（5分）0.80.10.10.80.10.1PT(2)PT(0)P2(0.4,0.2,0.4)0.10.70.20.10.70.20.20.20.60.20.20.6(0.426,0.288,0.286)⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）25．解：N{1,2}是非常返集，C1{3,4,5}，C2{6,7}是正常返闭集。⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（5分）0.60.40常返闭集C1{3,4,5}上的转移矩阵为0.400.60.20.50.3P(3,4,5)，解得31076解方程组，其中,4,53451232323C1上的平稳分布为{0,0,10,7,6,0,0}⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）232323同理解得C2上的平稳分布为{0,0,0,0,0,8,7}⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（15分）151526.解：（1）因为1234，故马氏链不可约，又因为状态1非周期，故马氏链是遍历链⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（5分）（2）解方程组P其中(1,2,3,4)12341解得10.2112,20.3028,30.3236,40.1044⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）（3）19(天）⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（15分）4427．解：状态传递图如下图⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（2分）由状态3不可能到达任何其它状态，所以是常返态．由状态2可到达0，1，3三个状态，但从0，1，3三个状态都不能到达状态2，且f22(n)f22(1)11，故状态2是非常返状态。⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（5分）n14状态0，1互通且构成一个基本常返闭集，f00(n)f00(1)f00(2)f00(3)1111111n1222222故状态0，1是常返态。⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（8分）于是状态空间分解为I{2}{0,1}{3}⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）28．解：状态传递图如下图⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（5分）状态1和状态2都是吸收态．都是正常返非周期的基本常返闭集，而N＝{3，4}是非常返集．有p11(n)1,p21(n)0,p31(n)1,⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（8分）3nnn11111111p41(n)f41(l)p11(nl)f41(l)l1l14242422n1⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（12分）以上说明limpi(1n)存在，但与i的取值有关。⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（15分）n29．解：设(1,2,3)1P即2解方程组0.50.5110.50.523⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（6分）123130.520.531231解得11,21,31⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）33330．解：（1）状态空间为I={-2，-1，0，1，2}10000qrp00（2）一步转移概率矩阵为P0qrp0⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（6分）00qrp0000110000qrqr2pq2prp20P(2)P2q22rqr22pq2prp2⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）0q22rqr2pqppr00001（3）经二局结束比赛包括两种情形：甲得1分经二步转移至得2分而结束比赛，或甲得1分经二步转移至得-2分(乙得2分)而结束比赛．因此，有pp(452)p41(2)(ppr)0p(1r)⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（15分）31．解：一步转移矩阵为Pp00p0110.70.3p10p1110.4⋯⋯⋯⋯⋯（2分）0.6两步转移矩阵为P(2)PP0.70.30.70.30.610.390.40.60.40.60.520.48⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（5分）三步转移矩阵为P(3)P(2)P0.610.390.70.30.5830.4170.520.480.40.60.5560.444⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（8分）从而得到今天有雨且第四天仍有雨的概率为p00(3)⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）32．解：由马尔科夫性和齐次性可得PP{X1b|X0c}P{X2c|X1b}P{X3a|X2c}P{X4c|X3a}P{X5a|X4c}P{X6c|X5a}P{X7b|X621313123c}35454525005⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（5分）（2）因为所求为二步转移概率，先求两步转移概率矩阵17/309/405/24P(2)PP8/153/101/617/303/2017/90故P{Xn2c|Xnb}P{Xn1c|Xnb}21⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（10分）633．解：状态传递图为对状态1有f(111)0,f(112)0,f11(3)1,f11(n)0(n4)故f111，状态1为常返态。1nf11(n)3⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（6分）n1由状态1生成的基本常返闭集为C1{1}{k:1k}{1,3,5}类似的，状态6也是正常返态，36，由6生成的基本常返闭集C2{2,6}⋯（10分）2D={4}是非常返集，从而状态空间I={4}∪{1，3，5}∪{2，6}⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（12分）C中状态周期均为(1)0,故状态6是非周期的，即C2中状态是遍历的，因为3，又f661f44(1)0,故状态4也是非周期的。⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯（15分）