2023年广西桂林市十八中高一物理第二学期期中调研模拟试题含解析

2023年广西桂林市十八中高一物理第二学期期中调研模拟试注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示，小球在竖直向下的力F作用下，将竖直轻弹簧压缩，若将力F撤去，小球将向上弹起并离开弹簧，直到速度为零时为止，不计空气阻力，则小球在上升过程中A．小球的动能先增大后减小，弹簧弹性势能转化成小球的动能B．小球在离开弹簧时动能达到最大值C．小球动能最大时弹簧弹性势能为零D．小球、弹簧与地球组成的系统机械能守恒2、水平地面上的物体在水平恒力F的作用下由静止开始运动，一段时间后撤去F，其运动的v-t图像如图所示，若物体与地面间滑动摩擦力的大小为f则F的大小为（）A．F=fB．F=1.5fC．F=2fD．F=3f3、如图所示，小明将质量为m的足球以速度v从地面上的A点踢起，当足球到达B点时离地面的高度为h．不计空气阻力，取地面为零势能面，则足球在B点时的机械能为（足球视为质点）A．B．mghC．+mghD．－mgh4、如图所示，物体做平抛运动时，描述物体在竖直方向上的速度vy（取向下为正）随时间变化的图象是（）A．B．C．D．5、如图所示，物体在恒力F作用下沿曲线从A运动到B，这时突然使它所受力反向，大小不变，即由F变为-F。在此力作用下，物体以后的运动情况，下列说法中正确的是（　　）A．物体可能沿曲线Ba运动B．物体可能沿直线Bb运动C．物体可能沿曲线Bc运动D．物体可能沿原曲线由B返回6、如图所示的皮带传动装置中，皮带与轮之间不打滑,两轮半径分别为R和r，且A、B分别为两轮边缘上的点，则皮带运动过程中,关于A、B两点下列说法正确的是A．向心加速度之比B．角速度之比C．速率之比D．在相同的时间内通过的路程之比7、如图所示，汽车用绳索通过定滑轮牵引小船，使小船匀速靠岸，若水对船的阻力不变，则下列说法中正确的是A．绳子的拉力不断增大B．船受到的浮力不断减小C．船受到的合力不断增大D．绳子的拉力可能不变8、滑雪运动深受人民群众喜爱．某滑雪运动员(可视为质点)由坡道进入竖直圆面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中下列说法错误的是(　　)A．所受合外力始终为零B．所受摩擦力大小不变C．机械能始终保持不变D．合外力做功一定为零9、如图所示，用通过定滑轮的细绳拉动穿在光滑固定竖直杆上的滑块P，使滑块向上做匀速运动，此过程中，下列说法正确的是()A．拉细绳的力越来越大B．拉细绳的速度越来越大C．拉细绳的力做的功大于克服滑块重力做的功D．拉细绳的力的功率等于克服滑块重力做功的功率10、物体甲的x－t图象和物体乙的v－t图象分别如图所示，则这两物体的运动情况是(　　)A．甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4mB．甲在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零C．乙在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零D．乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m11、质量为m的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图象如图所示，其中OA为过原点的一条直线。从t1时刻起汽车的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为Ff，则（　　）A．0~t1时间内，汽车的牵引力等于B．汽车在t1~t2时间内的功率等于t2以后的功率C．t1~t2时间内，汽车的功率等于D．t1~t2时间内，汽车的平均速度等于12、如图所示，截面为三角形的木块a上放置一铁块b，木块的竖直边靠在竖直且粗糙的墙面上，现用竖直向上的作用力F推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，则下列说法正确的是(　　)A．木块与竖直墙面间一定存在摩擦力B．木块a与铁块b间一定存在摩擦力C．木块与竖直墙面间一定存在水平弹力D．竖直向上的作用力F的大小一定等于铁块与木块重力之和二．填空题(每小题6分，共18分)13、在做“研究平抛物体的运动”的实验时，通过描点法画出小球平抛运动轨迹，并求出平抛运动初速度。实验装置如图甲所示：安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是（______）A．保证小球飞出时，初速度大小相同B．保证小球运动的轨迹是同一条抛物线C．保证小球落地时每次速度都相同D．保证小球飞出时，初速度水平关于这个实验，以下说法不正确的是（_______）A．每次小球要从同一位置由静止释放B．小球释放的初始位置越高越好C．实验前要用重垂线检查坐标纸上的竖线是否竖直D．小球的平抛运动要靠近但不接触木板在实验中，为减少空气阻力对小球的影响，所以选择小球时，应选择下列的（______）A．塑料球B．实心小木球C．实心小铁球D．以上三种球都可以如图乙所示，某同学在描绘平抛运动轨迹时，忘记记下斜槽末端位置。图中A点为小球运动一段时间后的位置，他便以A点为坐标原点，建立了水平方向和竖直方向的坐标轴，则根据图像可知小球平抛运动的初速度大小为_____。取14、如图所示，在“研究平抛运动”的实验中，可以描绘出小球平抛运动的轨迹，实验简要步骤如下：A．让小球多次从同一位置静止释放，在一张印有小方格的纸上记下小球经过的一系列位置，如图中a、b、c、d所示；B．安装好器材，注意斜槽末端切线水平，记下平抛初位置O点和过O点的水平线与竖直线；C．取下方格纸，以O为原点，以水平线为x轴，竖直线为y轴建立坐标系，用平滑曲线画出小球平抛运动的轨迹。(1)上述实验步骤的合理顺序是____________；(2)已知图中小方格的边长为10cm，则小球从a位置运动到c位置所用的时间为_____，小球平抛的初速度为____。b点到抛出点的竖直高度为_______cm。g=10m/s2。15、图为验证小球做自由落体运动时机械能守恒的装置图。图中点为释放小球的初始位置，、、、各点为固定速度传感器的位置，、、、、各点在同一竖直线上。（1）已知当地的重力加速度为，则要完成实验，还需要测量的物理量是________；A．小球的质量B．小球下落到每一个速度传感器时的速度C．各速度传感器与点之间的竖直距离D．小球自初始位置至下落到每一个速度传感器时所用的时间（2）作出图像，由图像算出其斜率，当________时，可以认为小球在下落过程中系统机械能守恒。三．计算题(22分)16、（12分）如图所示，空间存在水平向右的匀强电场，电场强度。一质量、电荷量的小滑块，自电场中光滑绝缘水平面上的A点由静止释放，运动了的距离到达B点。求：（1）小滑块从A点运动到B点的时间；（2）小滑块运动到B点时速度的大小。17、（10分）如图所示，粗糙弧形轨道和两个光滑半圆轨道组成翘尾巴的S形轨道。光滑半圆轨道半径为R，两个光滑半圆轨道连接处CD之间留有很小空隙，刚好能够使小球通过，CD之间距离可忽略，粗糙弧形轨道最高点A与水平面上B点之间的高度为h。从A点静止释放一个可视为质点的小球，小球沿翘尾巴的S形轨道运动后从E点水平飞出，落到水平地面上，落点到与E点在同一竖直线上B点的距离为s。已知小球质量m，不计空气阻力，求：(1)小球从E点水平飞出时的速度大小；(2)小球运动到半圆轨道的B点时对轨道的压力；(3)小球沿翘尾巴S形轨道运动时克服摩擦力做的功。参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、D【解析】A．撤去外力刚开始的一段时间内，小球受到的弹力大于重力，合力向上，小球向上加速运动，随着弹簧形变量的减小，弹力减小，后来弹力小于重力，小球做减速运动，离开弹簧后，小球仅受重力作用而做竖直上抛运动，由此可知，小球的动能先增大后减小，弹簧的弹性势能转化为动能和重力势能，故A错误；BC．由A分析可知，小球先做加速度减小的加速运动，当弹力等于重力时，a=0，速度最大，动能最大，此后弹力小于重力，小球做加速度增大的减速运动，直到弹簧恢复原长时，小球飞离弹簧，故小球在离开弹簧时动能不是最大，小球动能最大时弹性势能不为零，故BC错误；D．由于整体所受外力不做功，故小球、弹簧与地球所组成的系统机械能守恒，故D正确。故选D。2、C【解析】根据速度时间图线求出匀加速直线运动和匀减速直线运动的加速度大小，根据牛顿第二定律求出F的大小．【详解】匀加速直线运动的加速度大小，匀减速直线运动的加速度大小．根据牛顿第二定律得，F﹣f＝ma1，f＝ma2因为a1＝a2，所以F＝2f．故C正确，A、B、D错误故选C．【点睛】本题考查了运动学图线与牛顿第二定律的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．3、A【解析】由题意可知，足球被踢出去后，只有重力对其做功，故机械能守恒，即足球在B点时的机械能等于在A点时的机械能，在A点的机械能为。A正确，BCD错误；故选A。4、A【解析】平抛运动在竖直方向上是自由落体运，竖直方向的速度为，所以速度与时间成正比，故A正确．5、C【解析】物体从A到B运动，因为运动轨迹是在速度与力的夹角之中，所以物体所受恒力方向应斜向右下。到达B点后，力的大小不变方向相反，变成斜向左上，物体在B点的速度方向为切线方向，即直线Bb，过B点后只有Bc在力与速度的夹角内，物体只可能沿Bc运动，故C正确，ABD错误。故选C。6、A【解析】A、B是同缘转动，则线速度相等；由可知，an与r成反比，由R=1r，所以向心加速度之比aA：aB=1：1．故A正确；由于AB的线速度大小相等，由v=ωr知，，所以ω于r成反比，所以角速度之比为1：1，故B错误。两轮通过皮带传动，皮带与轮之间不打滑，说明它们边缘的线速度相等，故C错误。由于AB的线速度大小相等，在相同的时间内通过的路程之比应该是sA：sB=1：1，故D错误。7、AB【解析】对小船进行受力分析，如图所示：因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，设拉力与水平方向的夹角为，有：，船在匀速靠岸的过程中，增大，阻力不变，根据平衡方程知，绳子的张力增大，根据平衡方程知，拉力增大，sinθ增大，所以船的浮力减小，而船受到的合力为零，故AB正确，CD错误．8、ABC【解析】运动员的速率不变，而速度方向是变化的，运动员的加速度不为零，所受合外力始终不为零．故A项错误．运动员从A到B的过程中，滑道与水平方向之间的夹角逐渐减小，则重力沿斜面向下的分力逐渐减小，所以滑动摩擦力也逐渐减小．故B项错误；运动员从A到B下滑过程中的动能不变而重力势能减小，所以机械能减小．故C项错误．滑雪运动员动能不变，由动能定理，合外力对运动员做功为0，故D项正确；此题选择错误的选项，故选ABC．9、AD【解析】A．设细绳与竖直方向的夹角为，滑块向上做匀速运动，细绳拉力沿竖直向上的分力等于重力，，增大，拉力F增大，故A正确；B．将滑块向上的速度v沿绳子和垂直绳子分解，沿绳子方向的分速度为vcos，增大，拉细绳的速度越来越小，故B错误；C．因为滑块匀速运动，合外力做功为零，拉细绳的力做的功等于克服滑块重力做的功，拉细绳的力的功率等于克服滑块重力做功的功率，故C错误，D正确；故选AD．10、AC【解析】AB．图像斜率的物理意义为速度，内斜率方向不变，运动方向不变，经过的位移大小为，故A正确，B错误；CD．根据图像可知物体的速度方向在末改变，来回运动，图像和时间轴围成的面积为位移，时间内正负面积大小相等，所以位移之和为0，故C正确，D错误。故选AC．11、BC【解析】A．0~t1时间内，汽车做匀加速直线运动，加速度根据牛顿第二定律得解得牵引力故A错误；B．从时刻起汽车的功率保持不变，可知汽车在时间内的功率等于以后的功率，故B正确；C．t1时刻汽车的功率从时刻起汽车的功率保持不变，故C正确；D．时间内，汽车做变加速直线运动，平均速度不等于，故D错误。故选BC。12、BD【解析】ACD．对a、b整体受力分析，受到重力和推力，因为匀速运动，所以二力平衡；整体不受墙壁的弹力和摩擦力，如有摩擦力，则一定有弹力，且弹力水平方向，物体不会平衡，因为没有弹力，所以也没有摩擦力，故a与墙之间没有摩擦力和弹力；故AC错误，D正确；B．b匀速上升，受到的合力为零，b受到重力、支持力和静摩擦力，才能平衡，所以木块a与铁块b间一定存在摩擦力，故B正确．故选BD．二．填空题(每小题6分，共18分)13、DBC20【解析】（１）斜槽末端的切线水平，小球飞出时的初速度方向水平，小球才能做平抛运动，故选Ｄ；（２）每次小球要从同一位置由静止释放，保证小球做平抛运动的初速度相同；小球释放的初始位置越高，小球做平抛运动的初速度越大，初速度过大小球在坐标纸上运动的时间越短，不利于记录小球的运动轨迹；如果坐标纸上的竖线不在竖直方向，记录小球在水平和竖直方向上的位移就有误差，所以实验前要用重垂线检查坐标纸上的竖线是否竖直；小球的平抛运动要靠近但不接触木板，靠近木板便于记录运动轨迹，不接触是防止木板对小球的运动造成影响；故选B；（３）为减少空气阻力对小球的影响，应选质量大而体积小的小球，故选C；（４）由平抛运动规律，小球在水平方向上做云速度直线运动得①由图可知②小球在竖直方向上做自由落体运动，由推论公式③联立①②③式解得14、BAC0.2s2m/s11.25cm【解析】(1)[1]先安装器材，再进行实验，最后数据处理，则实验步骤应为BAC。(2)[2][3][4]对ab、bc段竖直位移运用相等时间内位移差的性质解得故15、BC【解析】（1）[1]小球做自由落体运动时，由机械能守恒定律得即故需要测量小球下落到每一个速度传感器时的速度v和高度h，不需要测量小球的质量m和下落时间时间t，故BC正确，AD错误。故选BC。（2）[2]若机械能守恒，则得v2=2gh则v2-h图象的斜率k=2g，即可验证机械能守恒。三．计算题(22分)16、（1）1s；（2）2m/s【解析】（1）根据牛顿第二定律有，得a=2m/s2根据位移时间关系，代入数据得t=1s（2）根据速度时间关系，有v=2m/s17、（1）（2），方向竖直向下（3）【解析】(1)小球从E点水平飞出做平抛运动，设小球从E点水平飞出时的速度大小为vE，由平抛运动规律得，联立解得(2)小球从B点运动到E点的过程，机械能守恒，根据机械能守恒定律得解得在B点，根据牛顿第二定律得由牛顿第三定律可知小球运动到B点时对轨道的压力为，联立解得方向竖直向下(3)设小球沿翘尾巴的S形轨道运动时克服摩擦力做的功为W，则由动能定理解得