2019-2020年最新上海市杨浦区中考物理三模试卷及答案解析

上海市杨浦区中考物理三模　一、选择题（共8小题，每小题2分，满分16分）1．调节电视机的音量，是为了改变声音的（　　）A．音色B．响度C．音调D．频率2．首先发现电流效应的物理学家是（　　）A．法拉第B．欧姆C．奥斯特D．安培3．上海迪士尼园中建造了一个大面积人工湖，“一池碧波映出一个奇幻世界”是属于光的什么现象（　　）A．光的反射B．光的折射C．光的色散D．光的直线传播4．下列数据最接近实际的是（　　）A．课桌高度约为80厘米B．教室内的气温约为50℃C．一份物理试卷的质量约为200克D．一节干电池的电压为2伏5．爱因斯坦曾说，在物理学家看来，磁场和他坐的椅子一样实在，图中所示的磁场分布与实际不相符的是（　　）A．同名磁极间的磁场B．直线电流周围的磁场C．通电螺线管周围的磁场D．蹄形磁铁周围的磁场6．如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（　　）A．起子B．镊子C．钢丝钳D．托盘天平7．在图中所示的电路中，电源电压保持不变，下列操作中不能使电压表V1示数变大，V2示数变小的是（　　）A．将滑片P向右移动B．断开电键SC．将电阻R2与电流表A的位置互换D．将电阻R2与电键S位置互换8．如图，均匀圆柱体甲和盛有液体乙的轻质圆柱形容器放置在水平地面上，甲、乙对地面压强相等，现沿水平方向切去部分甲并从容器中抽出部分乙后，甲、乙剩余部分的体积相等，则它们对地面压力的变化量△F甲、△F乙的关系是（　　）A．△F甲一定大于△F乙B．△F甲可能大于△F乙C．△F甲一定小于△F乙D．△F甲可能小于△F乙　二、填空题（共7小题，每小题3分，满分23分）9．教室里的日光灯额定电压是　　　　　　伏，投影仪和日光灯之间是　　　　　　联（选填“串”或“并”）连接的，教室里共有日光灯12盏，每盏灯的额定功率为40瓦，如果我们在大课间活动时能够及时关灯，每天大课间活动时间是20分钟，则每天可以节约用电　　　　　　千瓦时．10．中国女科学家屠呦呦获2015年诺贝尔医学奖，屠呦呦的团队曾用水煎的方法从植物青蒿中提取青蒿素，实验曾失败了190次，因为大气压下沸水的温度是　　　　　　℃，温度太高，破坏了青蒿中的有效成分，于是屠呦呦提出采用低沸点的溶剂并用热水对其进行加热，这是通过　　　　　　的方式改变了溶剂的内能，假设该溶剂的比热容大约是2200J/（Kg•℃），2千克这种溶剂升温5℃大约需要吸收　　　　　　焦的热量．11．如图所示，小徐在体育课上练习上篮动作，篮球被投出后求在上升过程中动能　　　　　　，惯性　　　　　　（均选填“增大”、“减小”或“不变”），碰到篮板后篮球会弹回说明力可以改变　　　　　　．12．水平地面上的甲、乙两小车同时同地沿同一直线做匀速直线运动，甲、乙的s﹣t图象如图所示．行驶中，以甲为参照物，乙是　　　　　　的（选填“静止”或“运动”），甲的速度为　　　　　　米/秒；运动10秒后甲、乙小车相距　　　　　　米．13．通过某导体的电流为0.3安，10秒内电流做功为9焦，该导体两端的电压为　　　　　　伏，这段时间内通过导体横截面的电荷量为　　　　　　库，当该导体两端的电压变为6伏后，该导体的电阻为　　　　　　欧．14．在图中所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S后，正常情况下示数变大的电表有　　　　　　（选填“V1”、“V2”、“A”），当电键S断开或闭合时，发现电压表V1、V2的示数始终相同，故障发生在电阻R1、R2上，其他元件仍保持完好．①电路中可能存在的故障是　　　　　　．②用一个完好的小灯替换电阻R2后，小灯　　　　　　（选填“一定发光”或“可能发光”或“一定不发光”）15．为了对比研究实心球圆柱体和圆锥体对支撑面的压力作用效果，某同学选择了同种材料制成的高度相同，底面积不同的若干实心圆柱体和圆锥体，分成三组放置在水平细沙面上，其中每组的圆柱体与圆锥体的底面积相同，沙面的凹陷程度如图所示．①分析比较图（a）或图（b）或图（c）可知　　　　　　．②分析比较图（a）或图（b）或图（c）可知　　　　　　．　三、解答题（共3小题，满分7分）16．重为3牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出它受到的重力G．17．在图中，根据给出的入射光线画出折射光线．18．在图中所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上，补上后要求：①电压表测小灯两端电压；②闭合电键S，向a端移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数变小．　四、计算题19．体积为1×10﹣3米3的金属块浸没在酒精中，求：金属块所受到的浮力F浮．（ρ酒精=0.8×103千克/米3）20．重为50牛的物体在水平拉力F的作用下沿拉力方向做匀速直线运动，已知物体受到的阻力是重力的0.2倍，5秒内物体前进了3米，求：此过程中拉力F的大小及拉力所做的功W．21．如图（a）所示电路，电源电压为8伏且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，闭合电键后，电流表的示数为1安，求：（1）通过R1的电流；（2）通电10秒钟，电流通过R2所做的功；（3）现用一个标有“20Ω2A”字样的滑动变阻器替换电阻R1，并将一个表盘如图（b）所示的电流表A1接入电路，则应把电流表接入　　　　　　点处时（选填“a”、“b”或“c”），在移动变阻器滑片P的过程中能使电流表A1与A示数的比值最小，求电流表A1与A示数的最小比值及此时滑动变阻器连入的阻值．22．如图所示，薄壁轻质圆柱形容器甲和正方体乙置于水平地面上．容器甲高度为0.5米，底面积为1×10﹣2米2，里面盛有0.2米深的水．正方体乙的质量为16千克，体积为8×10﹣3米3．①求乙的密度ρ乙．②求甲容器底部受到水的压强p水．③若将一底面积为5×10﹣3米2的物体A分别轻轻放入容器甲的水中、放在正方体乙上表面的中央时，使水对容器甲底部压强的变化量与正方体乙对水平地面压强的变化量相等；求物块A的密度ρA范围及对应的体积VA应满足的条件．　五、实验题23．实验室中，托盘天平可以用来测量物体的　　　　　　，弹簧测力计是测量　　　　　　的仪器，电流表应　　　　　　在电路中，要改变通过定值电阻的电流，可将滑动变阻器与定值电阻　　　　　　（后两空选填“串联”或“并联”）．24．如图所示，某小组同学在做验证凸透镜成像规律实验，实验前应记录凸透镜的　　　　　　，并调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在　　　　　　．实验中各器材处于如图所示的位置时，光屏上恰好得到清晰的像，则这个像　　　　　　是倒立缩小的实像，若保持透镜位置不变，将蜡烛移至35厘米刻度处，移动光屏找像，　　　　　　能够在光屏上得到像（后两空均选填“一定”或“可能”）．25．小华和小海同学为了探究导体中电流与电压的关系，他们利用如图所示电路进行实验，实验中他们将材料均为镍铬合金，而横截面积和长度均不同的导体先后连入A、B两点间，改变滑动变阻器滑片的位置，记录多组电压和电流值，并将测量的数据记录在表中． 实验序号 导体 长度（m） 横截面积（mm2） 电压（V） 电流（A） 1 A 5 1 1.2 0.15 2 2.4 0.3 3 4.8 0.6 4 B 6 0.4 2.4 0.1 5 4.8 0.2 6 7.2 0.3（1）分析比较实验序号1、2、3或4、5、6中的电流与电压变化的倍数关系，可得出的初步结论是：对同一导体，　　　　　　．（2）分析比较实验序号2、4或3、5的数据，可得出的初步结论是　　　　　　，通过不同导体的电流不同．（3）进一步分析比较表中的数据，小华发现材料相同的导体，电压与电流的比值不相同，他认为，电压与电流的比值与导体的材料无关，你认为小华的结论　　　　　　（选填“错误”、“合理”），理由是　　　　　　．（4）小海想在上表实验数据的基础上继续探究电压与电流的比值是否与导体的材料有关，需添加的器材为　　　　　　（选填“甲”、“乙”或“丙”）器材：导体甲横截面积为1×10﹣6米2、长度为10米的镍铬合金丝导体乙横截面积为0.4×10﹣6米2、长度为6米的铁丝导体丙横截面积为1×10﹣6米2、长度为5米的锰铜丝．26．小李和小王同学各自进行“测定小灯泡电功率”的实验，实验中使用的小灯规格相同，均标有“2.5V”字样，额定功率为1W﹣1.5W之间，电源由若干节新干电池组成，其它器材均相同．小王连接电路，闭合电键，移动变阻器的滑片，电流表示数变化范围为0.06A～0.2A、电压表示数变化范围为0～1.2V．小灯泡终无法正常发光．小李正确连接电路，闭合电键S后，移动滑片，发现当变阻器的滑片恰好在中点上，小灯泡正常发光．（1）测定小灯泡的额定功率需要测量和记录的物理量是　　　　　　，判定该小灯泡正常发光的方法是　　　　　　．（2）小王原来实验中存在的问题有　　　　　　．（3）小灯的额定功率为　　　　　　瓦，电源电压为　　　　　　伏．　上海市杨浦区中考物理三模试卷参考与试题解析　一、选择题（共8小题，每小题2分，满分16分）1．调节电视机的音量，是为了改变声音的（　　）A．音色B．响度C．音调D．频率【考点】响度．【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；调节音量是改变响度．【解答】解：调节电视机的音量，是为了改变声音的强弱（或大小），无法改变音色、音调；即是为了改变声音的响度；故ACD错误；B正确；故选B．　2．首先发现电流效应的物理学家是（　　）A．法拉第B．欧姆C．奥斯特D．安培【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应．【分析】根据我们对于法拉第、欧姆、奥斯特、安培这四位科学家对于物理所作贡献的了解来作答．【解答】解：A．法拉第发现了电磁感应现象，不是首先发现电流效应的物理学家，故A错误；B．欧姆了欧姆定律，故B错误；C．奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，是第一个发现电流磁效应的科学家，故C正确；D．安培建立了安培定则，用于判断通电螺线管的磁极，故D错误．故选C．　3．上海迪士尼园中建造了一个大面积人工湖，“一池碧波映出一个奇幻世界”是属于光的什么现象（　　）A．光的反射B．光的折射C．光的色散D．光的直线传播【考点】光的反射．【分析】光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；【解答】解：“一池碧波映出一个奇幻世界”是湖面景物在湖面成像现象，属于平面镜成像，是光的反射形成的．故选A．　4．下列数据最接近实际的是（　　）A．课桌高度约为80厘米B．教室内的气温约为50℃C．一份物理试卷的质量约为200克D．一节干电池的电压为2伏【考点】时间的估测；温度；质量的估测；电压．【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可．【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右．此选项符合实际；B、人体感觉舒适的温度在23℃左右，教室内气温感觉舒适，在23℃左右．此选项不符合实际；C、一枚一元硬币的质量在6g左右，一份试卷的质量比6g小得多，在1g左右．此选项不符合实际；D、根据国家标准，一节新干电池的电压是1.5V．此选项不符合实际．故选A．　5．爱因斯坦曾说，在物理学家看来，磁场和他坐的椅子一样实在，图中所示的磁场分布与实际不相符的是（　　）A．同名磁极间的磁场B．直线电流周围的磁场C．通电螺线管周围的磁场D．蹄形磁铁周围的磁场【考点】磁场．【分析】（1）在磁体外部，磁感线从N极出发，到S极进入；（2）通电直导线的磁场可以由安培定则进行判断：用右手握住直导线，大拇指指向电流方向，四指弯曲的方向即为磁场的方向；（3）用右手握住螺线管，让四指弯向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极．【解答】解：A、由图，两磁极都为N极，磁体的外部，磁感线从N极出发，故A正确；B、由图，直导线中电流向下，由安培定则可判断其周围磁感线为以导线为圆心，顺时针方向的同心圆，故B正确；C、由图，安培定则判断可知，通电螺线管的下端为N极，上端为S极，外部磁感线不符合磁感线从N极出发，到S极进入，故C错误；D、由图，蹄形磁铁上端N极，下端S极，磁感线符合从N极出发，到S极进入，故D正确．故选C．　6．如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（　　）A．起子B．镊子C．钢丝钳D．托盘天平【考点】杠杆的分类．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解答】解：A、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、托盘天平的实质是等臂杠杆，在使用过程中，动力臂等于阻力臂，不省力也不费力．故选B．　7．在图中所示的电路中，电源电压保持不变，下列操作中不能使电压表V1示数变大，V2示数变小的是（　　）A．将滑片P向右移动B．断开电键SC．将电阻R2与电流表A的位置互换D．将电阻R2与电键S位置互换【考点】电路的动态分析．【分析】由电路图可知，R1和R2串联，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电流表测电路总电流；（1）根据滑片移动的方向和串联电路分压的规律可知电压表V1示数的变化；（2）当电键断开时，根据电压表的正负接线柱能否与电源两极相连以及串联电路电压规律可知电压表示数的变化；（3）将电阻R2与电流表A的位置互换后，再结合串联电路分压的规律确定电压表示数的变化；（4）将电阻R2与电键S位置互换后，再结合串联电路分压的规律确定电压表示数的变化．【解答】解：A、将滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由串联电路分压的规律可知，滑动变阻器分得的电压变大，R2分得的电压减小，因此电压表V1示数变大，V2示数变小，故A不符合题意；B、断开电键S后，电压表V1的正负接线柱与电源两极相连，因此电压表V1示数变大，电压表V2的正负接线柱不能与电源两极相连，即电压表V2示数为零，即示数变小，故B不符合题意；C、将电阻R2与电流表A的位置互换后，电压表V1测量电流表两端电压，因此示数减小为零，电压表V2示数不变，故C符合题意；D、将电阻R2与电键S位置互换后，电压表V1测量电源电压，因此示数变大；电压表V2测量电键两端电压，因此减小为零，故D不符合题意．故选C．　8．如图，均匀圆柱体甲和盛有液体乙的轻质圆柱形容器放置在水平地面上，甲、乙对地面压强相等，现沿水平方向切去部分甲并从容器中抽出部分乙后，甲、乙剩余部分的体积相等，则它们对地面压力的变化量△F甲、△F乙的关系是（　　）A．△F甲一定大于△F乙B．△F甲可能大于△F乙C．△F甲一定小于△F乙D．△F甲可能小于△F乙【考点】压力及重力与压力的区别．【分析】首先根据甲、乙对地面压强关系和受力面积关系得出对地面的压力大小关系，然后利用p======ρgh，结合图示比较甲乙的密度关系，再利用密度公式判断剩余部分的质量关系，可得重力关系，对地面的压力关系，最后比较得出它们对地面压力的变化量△F甲、△F乙的关系．【解答】解：由题知，p甲=p乙，由图知，S甲＞S乙，根据F=pS可知，原来的压力关系为：F甲＞F乙，因为甲为均匀圆柱体，乙为规则轻质容器，所以甲对地面的压强：p甲=ρ甲gh甲，乙对地面的压强：p乙=ρ乙gh乙，已知p甲=p乙，即：ρ甲gh甲=ρ乙gh乙，由图可知h甲＞h乙，所以ρ甲＜ρ乙，沿水平方向切去部分甲并从容器中抽出部分乙后，甲、乙剩余部分的体积相等，剩余部分的质量m剩=ρV剩，由于ρ甲＜ρ乙，所以m甲剩＜m乙剩，则G甲剩＜G乙剩，F甲剩＜F乙剩，所以，它们对地面压力的变化量△F甲=F甲﹣F甲剩，△F乙=F乙﹣F乙剩，比较可得，△F甲＞△F乙．故选A．　二、填空题（共7小题，每小题3分，满分23分）9．教室里的日光灯额定电压是　220　伏，投影仪和日光灯之间是　并　联（选填“串”或“并”）连接的，教室里共有日光灯12盏，每盏灯的额定功率为40瓦，如果我们在大课间活动时能够及时关灯，每天大课间活动时间是20分钟，则每天可以节约用电　0.16　千瓦时．【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；电功的计算．【分析】（1）知道家庭电路的电压是220V．家庭电路中各用电器是并联的．（2）据公式W=Pt计算即可得出正确的答案．【解答】解：由于用电器之间是互不影响的，所以是并联的关系；家庭电路的电压是220V；教室里日光灯的总功率是P=40W×12=480W；故此时消耗电能是：W=Pt=0.48kW×h=0.16kW•h；故答案为：220；并；0.16；　10．中国女科学家屠呦呦获2015年诺贝尔医学奖，屠呦呦的团队曾用水煎的方法从植物青蒿中提取青蒿素，实验曾失败了190次，因为标准大气压下沸水的温度是　100　℃，温度太高，破坏了青蒿中的有效成分，于是屠呦呦提出采用低沸点的溶剂并用热水对其进行加热，这是通过　热传递　的方式改变了溶剂的内能，假设该溶剂的比热容大约是2200J/（Kg•℃），2千克这种溶剂升温5℃大约需要吸收　2.2×104　焦的热量．【考点】沸点及沸点与气压的关系；热传递改变物体内能；热量的计算．【分析】①1标准大气压下沸水的温度是100℃；②改变物体内能有两种方法，一是做功，二是热传递，做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；③已知水的比热容、质量和升高的温度，可利用公式Q吸=cm△t计算水吸收的热量．【解答】解：1标准大气压下沸水的温度是100℃；采用低沸点的溶剂并用热水对其进行加热，这是通过热水吸收热量，内能增加、温度升高，是通过热传递的方式使溶剂内能改变的；该溶剂吸收的热量：Q吸=cm△t=2.2×103J/（kg•℃）×2kg×5℃=2.2×104J．故答案为：100；热传递；2.2×104．　11．如图所示，小徐在体育课上练习上篮动作，篮球被投出后求在上升过程中动能　减小　，惯性　不变　（均选填“增大”、“减小”或“不变”），碰到篮板后篮球会弹回说明力可以改变　物体的运动状态　．【考点】动能和势能的大小变化；力的作用效果；惯性．【分析】（1）物体的动能与物体质量和速度有关，在质量一定的情况下，速度越小，物体动能越小；（2）物体的惯性只与质量有关；（3）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态．【解答】解：篮球被投出后在上升过程中，篮球的质量不变，速度减小，篮球的动能减少，其高度增加，重力势能增大；在此过程中篮球的质量不变，故惯性不变；碰到篮板后被弹回，球的运动速度和方向都发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态．故答案为：减小；不变；物体的运动状态．　12．水平地面上的甲、乙两小车同时同地沿同一直线做匀速直线运动，甲、乙的s﹣t图象如图所示．行驶中，以甲为参照物，乙是　运动　的（选填“静止”或“运动”），甲的速度为　0.1　米/秒；运动10秒后甲、乙小车相距　0.5　米．【考点】速度公式及其应用．【分析】（1）根据s﹣t关系，求出甲乙的速度，然后根据甲乙的速度关系判断两物体的位置关系，再以甲或乙为参照物，判断乙或甲的运动状态．（2）根据v=求出甲10s通过的路程，根据s﹣t关系图象分别找出乙在10s通过的路程，最后求出6秒后甲乙的距离．【解答】解：（1）由图可求出，甲的速度v甲===0.1m/s，乙的速度v乙===0.05m/s，v甲≠v乙，行驶中，以甲为参照物，乙与甲之间的位置不断发生变化，因此是运动的；（2）根据v=可得甲10s通过的路程=v甲t=0.1m/s×10s=1m；由图可知乙10s通过的路程为=0.5m，水平地面上的甲、乙两小车同时同地沿同一直线做匀速直线运动，运动10秒后甲、乙小车相距﹣=1m﹣0.5m=0.5m．故答案为：运动；0.1；0.5．　13．通过某导体的电流为0.3安，10秒内电流做功为9焦，该导体两端的电压为　3　伏，这段时间内通过导体横截面的电荷量为　3　库，当该导体两端的电压变为6伏后，该导体的电阻为　10　欧．【考点】电功计算公式的应用；电量及其计算；欧姆定律的应用．【分析】知道通过某导体的电流和10秒内电流做功，根据W=UIt求出导体两端的电压，根据Q=It求出这段时间内通过导体横截面的电荷量，根据欧姆定律求出导体的电阻，电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关．【解答】解：由W=UIt可得，该导体两端的电压：U===3V，由I=可得，这段时间内通过导体横截面的电荷量：Q=It=0.3A×10s=3C，由I=可得，导体的电阻：R===10Ω，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当该导体两端的电压变为6伏后，该导体的电阻仍为10Ω不变．故答案为：3；3；10．　14．在图中所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S后，正常情况下示数变大的电表有　V1、V2、A　（选填“V1”、“V2”、“A”），当电键S断开或闭合时，发现电压表V1、V2的示数始终相同，故障发生在电阻R1、R2上，其他元件仍保持完好．①电路中可能存在的故障是　R2断路（或R1短路或R2断路且R1短路）　．②用一个完好的小灯替换电阻R2后，小灯　一定发光　（选填“一定发光”或“可能发光”或“一定不发光”）【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】首先分析电路连接类型及电流表与电压表所测量的物理量，根据开关闭合前后情况分析电表示数；①电路故障有两种情况：短路或断路．电流表示数变大，说明电路电阻减小，所以是某一电阻短路，根据电压表的变化判断短路之处；电流表示数减小为零，说明电路断路，若电压表示数不为零，则与电压表并联的电路断路；②根据电压表所测电路的变化及电压表的示数大小关系得出结论．【解答】解：分析电路图知，开关闭合前，两电压表和电流表均无示数，开关闭合后，两电阻串联，电压表V2测量电源电压，V1测R2两端的电压，示数均增大；①当电键S断开或闭合时，发现电压表V1、V2的示数始终相同，说明原来R2两端的电压等于电源电压，则原来与电压表并联的R2断路，或R1短路或R2断路且R1短路；②若是R2断路造成，若用完好的灯泡替换R2，便排除了断路问题，灯泡便会发光；若电路故障为R1短路，用灯泡代替后，小灯泡能够发光；若电路故障为R2断路且R1短路造成，用灯泡代替后，电路中只有灯泡一个用电器，小灯泡能够发光；若只有电压表示数变大，则R2断路，用小灯泡代替R2后，小灯泡能够发光；由上分析知，用一个完好的小灯替换R2后，小灯一定发光．故答案为：V1、V2、A；①R2断路（或R1短路或R2断路且R1短路）；②一定发光．　15．为了对比研究实心球圆柱体和圆锥体对支撑面的压力作用效果，某同学选择了同种材料制成的高度相同，底面积不同的若干实心圆柱体和圆锥体，分成三组放置在水平细沙面上，其中每组的圆柱体与圆锥体的底面积相同，沙面的凹陷程度如图所示．①分析比较图（a）或图（b）或图（c）可知　物体的材料相同，高度和底面积相同，只是形状不同，故可得出结论：同种材料制成的圆柱体和圆锥体，高度和底面积相同，圆柱体对水平支撑面的压力作用效果更明显　．②分析比较图（a）或图（b）或图（c）可知　物体的材料相同，高度相同，底面积大小有变化，但作用效果不变，故可得出结论：同种材料制成的圆柱体（或圆锥体），高度相同，圆柱体（或圆锥体）对水平支撑面的压力作用效果与底面积大小无关　．【考点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验．【分析】本实验中，压力的作用效果是通过观察细沙的凹陷程度来反映出来的．压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，在研究时应控制其中的一个量不变，只改变其中的一个量来观察作用效果的情况，也就是利用控制变量法来进行探究．结合图中的现象及相关因素可逐一做出分析．【解答】解：①分析比较图（a）或图（b）或图（c）可以看出，物体的材料相同，高度和底面积相同，只是形状不同，故可得出结论：同种材料制成的圆柱体和圆锥体，高度和底面积相同，圆柱体对水平支撑面的压力作用效果更明显；②分析比较图（a）或图（b）或图（c）可以看出，物体的材料相同，高度相同，底面积大小有变化，但作用效果不变，故可得出结论：同种材料制成的圆柱体（或圆锥体），高度相同，圆柱体（或圆锥体）对水平支撑面的压力作用效果与底面积大小无关．故答案为：①物体的材料相同，高度和底面积相同，只是形状不同，故可得出结论：同种材料制成的圆柱体和圆锥体，高度和底面积相同，圆柱体对水平支撑面的压力作用效果更明显；②物体的材料相同，高度相同，底面积大小有变化，但作用效果不变，故可得出结论：同种材料制成的圆柱体（或圆锥体），高度相同，圆柱体（或圆锥体）对水平支撑面的压力作用效果与底面积大小无关．　三、解答题（共3小题，满分7分）16．重为3牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出它受到的重力G．【考点】重力示意图．【分析】画重力的图示首先要明确重力的三要素，再确立一定的标度，然后从物体的重心开始，沿竖直向下的方向，画出力的大小．【解答】解：物体受到的重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心，G=3N，选标度为1N，如图所示．　17．在图中，根据给出的入射光线画出折射光线．【考点】透镜的光路图．【分析】仔细观察入射光线和折射光线的特点，根据凸透镜的光学特点作图．【解答】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；过光心的光线其传播方向不变；如图所示：　18．在图中所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上，补上后要求：①电压表测小灯两端电压；②闭合电键S，向a端移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数变小．【考点】实物的电路连接．【分析】电键S闭合后，电压表测量灯泡两端电压，向a端移动滑动变阻器的滑片时，电压表示数变小说明滑片向a端移动滑动变阻器接入电路的电阻变大，灯泡分得的电压变小，因此滑片向a端移动滑动变阻器接入电路的电阻变大，再按一上一下的原则串联在电路中．【解答】解：灯泡与滑动变阻器串联，滑片向a端，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故将右下接线柱与灯泡右接线柱相连，并将电压表的负接线柱与灯泡左接线柱相连；如下图所示：　四、计算题19．体积为1×10﹣3米3的金属块浸没在酒精中，求：金属块所受到的浮力F浮．（ρ酒精=0.8×103千克/米3）【考点】阿基米德原理．【分析】知道金属块的体积（浸没酒精中排开酒精的体积），利用阿基米德原理求金属块所受到的浮力．【解答】解：F浮=ρ酒精gV排=0.8×103kg/m3×9.8N/kg×1×10﹣3m3=7.84N．答：金属块所受到的浮力为7.84N．　20．重为50牛的物体在水平拉力F的作用下沿拉力方向做匀速直线运动，已知物体受到的阻力是重力的0.2倍，5秒内物体前进了3米，求：此过程中拉力F的大小及拉力所做的功W．【考点】二力平衡条件的应用；功的计算．【分析】（1）知道物体所受地面的摩擦阻力是物重的0.2倍，据此求摩擦力大小，由于物体匀速前进，可知物体受到的拉力大小等于摩擦力；（2）根据W=Fs求出拉力F所做的功．【解答】解：（1）物体受到地面的摩擦阻力：f=0.2G=0.2×50N=10N，因为物体匀速前进，所以物体受到的拉力大小：F=f=10N；（2）拉力做功为：W=Fs=10N×3m=30J．答：此过程中拉力F的大小及拉力所做的功分别为10N和30J．　21．如图（a）所示电路，电源电压为8伏且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，闭合电键后，电流表的示数为1安，求：（1）通过R1的电流；（2）通电10秒钟，电流通过R2所做的功；（3）现用一个标有“20Ω2A”字样的滑动变阻器替换电阻R1，并将一个表盘如图（b）所示的电流表A1接入电路，则应把电流表接入　b　点处时（选填“a”、“b”或“c”），在移动变阻器滑片P的过程中能使电流表A1与A示数的比值最小，求电流表A1与A示数的最小比值及此时滑动变阻器连入的阻值．【考点】欧姆定律的应用．【分析】（1）由电路图可知，电阻R2和滑动变阻器并联，电流表A测干路电流；根据欧姆定律求出通过R1的电流；（2）根据并联电路电流特点求出R2支路的电流，利用W=UIt即可求出R2所做的功；（3）根据滑动变阻器滑片的移动方向判断电路电阻变化情况，根据欧姆定律、并联电路的特点判断电流表示数变化情况电流表接入点，然后根据并联电路的特点判断出通过滑动变阻器的电流值，最后利用欧姆定律即可求出．【解答】解：（1）由电路图可知，电阻R2和滑动变阻器并联，电流表A测干路电流；则R1的电流I1===0.8A；（2）根据并联电路电流特点可知：I2=I﹣I1=1A﹣0.8A=0.2A，R2所做的功W2=UI2t=8V×0.2A×10s=16J；（3）由于电阻R1与R2并联，电流表A测干路电流，支路R2的电流不变，则在移动变阻器滑片P的过程中使电流表A1与A示数的比值最小，则应增大分母A的示数同时减小电流表A1的示数，或只增大分母A的示数；由于电流表A测干路电流，根据并联电路的电流特点可知：电流表A的示数会随R1电流的增大而增大；所以，应把电流表接入b点处；由于滑动变阻器标有“20Ω2A”字样，所以I1最大=2A，根据I=得：R1最小===4Ω，==．答：（1）通过R1的电流为0.8A；（2）通电10秒钟，电流通过R2所做的功为16J；（3）b，电流表A1与A示数的最小比值为，此时滑动变阻器连入的阻值是4Ω．　22．如图所示，薄壁轻质圆柱形容器甲和正方体乙置于水平地面上．容器甲高度为0.5米，底面积为1×10﹣2米2，里面盛有0.2米深的水．正方体乙的质量为16千克，体积为8×10﹣3米3．①求乙的密度ρ乙．②求甲容器底部受到水的压强p水．③若将一底面积为5×10﹣3米2的物体A分别轻轻放入容器甲的水中、放在正方体乙上表面的中央时，使水对容器甲底部压强的变化量与正方体乙对水平地面压强的变化量相等；求物块A的密度ρA范围及对应的体积VA应满足的条件．【考点】密度的计算；液体压强计算公式的应用．【分析】①已知正方体乙的质量和体积，利用公式ρ=可求得其密度；②已知里面盛有0.2米深的水，利用p=ρgh可求得甲容器底部受到水的压强；③设物体A的质量为m，则水对容器甲底部压强增加量△p甲=ρ水△hg=ρ水g，圆柱体乙对地面压强的增加量△p1==，根据△p1=△p2求得物体的密度．（3）先求得物块放入A容器后，水面上升高度，然后可知物块排开水的体积，列出乙对地面增加的压强得等式，二式联立；设容器中液面到容器口的体积为V'容，求得物块的体积范围，再根据密度公式求得其对应的密度范围．【解答】解：①ρ乙===2×103kg/m3，②甲容器底部受到水的压强p水=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2×103Pa；③物块放入A容器后，水面上升高度：△h水=，物块排开水的体积：V排水=△h水×SA=×SA…①，乙对地面压强增加是由于增加了物块的重引起的，m物g=△pS乙…②已知V乙=8×10﹣3米3，则S乙=0.04m2，由可得：m物=ρ水V排水•×，已知SA=5×10﹣3m2，S乙=0.04m2，△p=△p水，m物=ρ水V排水×=ρ水V排水×=8ρ水V排水，即m物=8ρ水V排水③，将③两边同乘以g，可得m物g=8ρ水V排水g，则重力大于浮力，物体下沉，即ρ物＜ρ水，设容器中液面到容器口的体积为V'容，则V'容=（hA﹣h水）SA=（0.5m﹣0.2m）×1×10﹣2m2=3×10﹣3m3，则V物≤3×10﹣3m3，答：①乙的密度ρ乙为2×103kg/m3；②求甲容器底部受到水的压强p水为2×103Pa；③物块A的密度ρA＜ρ水，VA≤3×10﹣3m3．　五、实验题23．实验室中，托盘天平可以用来测量物体的　质量　，弹簧测力计是测量　力　的仪器，电流表应　串联　在电路中，要改变通过定值电阻的电流，可将滑动变阻器与定值电阻　串联　（后两空选填“串联”或“并联”）．【考点】天平的使用；弹簧测力计的使用与读数；电流表的使用；滑动变阻器的使用．【分析】质量的测量仪器是天平，力的测量仪器是弹簧测力计，根据电流表使用可做出判断：滑动变阻器是通过改变连入电路中的电阻线的长度来改变电阻的大小，结合欧姆定律分析．【解答】解：托盘天平是用来测量质量的工具；弹簧测力计是用来测量力的仪器；在使用电流表时，电流表要与被测电路串联，电流要从正接线柱入、负接线柱出．滑动变阻器是通过改变连入电路中电阻丝的长度来改变电阻的，由I=可知，要改变通过定值电阻的电流，可将滑动变阻器与定值电阻串联．故答案为：质量；力；串联；串联．　24．如图所示，某小组同学在做验证凸透镜成像规律实验，实验前应记录凸透镜的　焦距　，并调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在　同一高度　．实验中各器材处于如图所示的位置时，光屏上恰好得到清晰的像，则这个像　一定　是倒立缩小的实像，若保持透镜位置不变，将蜡烛移至35厘米刻度处，移动光屏找像，　一定　能够在光屏上得到像（后两空均选填“一定”或“可能”）．【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．【分析】（1）实验前要观察并记录凸透镜的焦距，便于比较物距和焦距的关系，总结成像规律．（2）探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中心．（3）凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f．2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f．【解答】解：（1）实验前要观察和记录凸透镜的焦距．（2）蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中心．（3）各器材处于如图所示的位置时，则物距u=50cm﹣10cm=40cm，v=65cm﹣50cm=15cm，物距大于像距，由于光屏上恰好得到清晰的像，则这个像一定是倒立缩小的实像；由于成倒立缩小的实像时v=15cm，则2f＞15cm＞f，所以，15cm＞f＞7.5cm；若保持透镜位置不变，将蜡烛移至35厘米刻度处，则u=50cm﹣35cm=15cm，所以，2f＞u＞f，则移动光屏找像，一定能够在光屏上得到像．故答案为：焦距；同一高度；一定；一定．　25．小华和小海同学为了探究导体中电流与电压的关系，他们利用如图所示电路进行实验，实验中他们将材料均为镍铬合金，而横截面积和长度均不同的导体先后连入A、B两点间，改变滑动变阻器滑片的位置，记录多组电压和电流值，并将测量的数据记录在表中． 实验序号 导体 长度（m） 横截面积（mm2） 电压（V） 电流（A） 1 A 5 1 1.2 0.15 2 2.4 0.3 3 4.8 0.6 4 B 6 0.4 2.4 0.1 5 4.8 0.2 6 7.2 0.3（1）分析比较实验序号1、2、3或4、5、6中的电流与电压变化的倍数关系，可得出的初步结论是：对同一导体，　通过导体的电流与导体两端的电压成正比　．（2）分析比较实验序号2、4或3、5的数据，可得出的初步结论是　导体两端的电压相同时　，通过不同导体的电流不同．（3）进一步分析比较表中的数据，小华发现材料相同的导体，电压与电流的比值不相同，他认为，电压与电流的比值与导体的材料无关，你认为小华的结论　错误　（选填“错误”、“合理”），理由是　实验中没有用材料不同的导体　．（4）小海想在上表实验数据的基础上继续探究电压与电流的比值是否与导体的材料有关，需添加的器材为　乙和丙　（选填“甲”、“乙”或“丙”）器材：导体甲横截面积为1×10﹣6米2、长度为10米的镍铬合金丝导体乙横截面积为0.4×10﹣6米2、长度为6米的铁丝导体丙横截面积为1×10﹣6米2、长度为5米的锰铜丝．【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．【分析】（1）根据实验序号1、2、3（或4、5、6）中的电流与电压变化的关系即可得出初步结论；（2）分析比较实验序号2、4或3、5的数据，几种情况下的电压相同，但是不同的导体，可得出导体的电流与导体的关系；（3）同一导体两端的电压与电流成正比，电压和电流的比值相同，不同导体电压和电流的比值一般不同；（4）要探究导体的电阻与材料的关系，需要控制长度和横截面积相同，选择材料不同的导体进行实验，根据数据选择合适的器材．【解答】解：（1）根据实验序号1、2、3（或4、5、6）数据可知，同一段导体，电压越大，电流越大，且电压增大为原来的几倍，电流也增大为原来的几倍，所以可得出的初步结论是：同一导体，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（2）分析比较实验序号2、4或3、5的数据可知，在电压相同时，导体不同，电流值也不同，可初步得出，当电压相等时，通过不同导体的电流不同；（3）1、2、3和4、5、6中导体的材料相同，但导体的长度和横截面积不同，没有使用长度和横截面积相同的不同材料进行探究，因此“电压与电流的比值与导体的材料无关”这个结论是错误的；（4）电压与电流的比值为电阻，要探究电阻是否与导体的材料有关时，通过分析可知，导体乙的横截面积和长度与B的横截面积和长度相同，导体丙的横截面积和长度与A的横截面积和长度相同，材料不同，故需添加的器材为乙和丙．故答案为：（1）通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（2）导体两端的电压相同时；（3）错误；实验中没有用材料不同的导体；（4）乙和丙．　26．小李和小王同学各自进行“测定小灯泡电功率”的实验，实验中使用的小灯规格相同，均标有“2.5V”字样，额定功率为1W﹣1.5W之间，电源由若干节新干电池组成，其它器材均相同．小王连接电路，闭合电键，移动变阻器的滑片，电流表示数变化范围为0.06A～0.2A、电压表示数变化范围为0～1.2V．小灯泡终无法正常发光．小李正确连接电路，闭合电键S后，移动滑片，发现当变阻器的滑片恰好在中点上，小灯泡正常发光．（1）测定小灯泡的额定功率需要测量和记录的物理量是　额定电压和额定电流　，判定该小灯泡正常发光的方法是　观察到电压表示数为额定电压2.5V，小灯泡正常发光　．（2）小王原来实验中存在的问题有　电源电压太小，电压表并联在滑动变阻器两端　．（3）小灯的额定功率为　1.25　瓦，电源电压为　7.5　伏．【考点】电功率的测量．【分析】（1）根据功率公式P=UI，要测量灯泡的额定电功率，需测量灯泡两端的电压及通过灯泡的电流值；当灯泡两端的电压等于额定电压时，灯泡正常发光；（2）小灯泡不能正常发光，说明电源电压太小，电压表示数最小值为0，说明电压表和滑动变阻器并联；（3）根据小王的实验的电表范围，当滑动变阻器接入电路阻值最大时，分析出滑动变阻器两端的电压和电路中的电流，利用欧姆定律可求出滑动变阻器的最大阻值；根据小灯泡的额定功率范围和额定电压，可以求出额定电流范围；根据接入电路的滑动变阻器阻值和额定电流范围，利用欧姆定律，可以求出滑动变阻器两端的电压范围，从而得出电源电压范围，根据对电池节数的判断得出电源电压的准确值；根据滑动变阻器两端的电压和滑动变阻器接入电路的阻值可以求出电路中电流，即小灯泡的额定电流，利用P=UI求小灯泡的额定功率．【解答】解：（1）根据功率公式P=UI，要测量灯泡的额定电功率，需测量灯泡的额定电压及电流；当灯泡两端的电压等于额定电压时，灯泡就正常发光；（2）小灯泡能发光，电压表、电流表均有示数，说明电路无故障；无论怎么移动滑动变阻器，小灯泡均不能正常发光，说明小灯泡两端的电压无法达到额定电压，电源电压太小；分析电压表示数可知，电压表示数最小值为0，说明此时电压表并联部分电阻为0，小灯泡电阻不为0，滑动变阻器移动滑片可以使滑动变阻器接入电路的电阻为0，说明电压表并联在滑动变阻器两端；（3）小王连接的电路，滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，根据串分压可知，此时滑动变阻器两端的电压最大，由电压表示数变化范围可知，此时滑动变阻器两端的电压为1.2V，电路中总电阻最大，电流中最小，由电流表示数变化范围可知，此时电流为0.06A，则滑动变阻器最大阻值R1===20Ω，I额=，小灯泡额定电压为2.5V，额定功率在1W～1.5W之间，≤I额≤，解得：0.4A≤I额≤0.6A，当变阻器的滑片恰好在中点上，小灯正常发光，此时滑动变阻器接入电路的阻值为R2===10Ω，滑动变阻器两端的电压U2=I额R2，数据代入得，0.4A×10Ω≤U2≤0.6A×10Ω，解得4V≤U2≤6V，电源电压U=U2+U额，数据代入得，4V+2.5V≤U≤6V+2.5V，解得6.5V≤U≤8.5V，电源由若干节新干电池组成，每节干电池电压1.5V，所以应该由5节干电池组成，电源电压7.5V；小灯泡两端的电压U2=U﹣U额=7.5V﹣2.5V=5V，电路中电流I额===0.5A，小灯泡的额定功率P额=U额I额=2.5V×0.5A=1.25W．故答案为：（1）额定电压和额定电流；观察到电压表示数为额定电压2.5V，小灯泡正常发光；（2）电源电压太小，电压表并联在滑动变阻器两端；（3）1.25；7.5．