静电场题解(12~14)

nullnull12-1、解：故选D另解：null12-2、设小水滴的半径是r 带电量是q，则其电势是：聚成大水珠后的半径是R，则有：故选Enull12-3、对匀强电场，E = C，故选C12-4、故选D12-5、由迭加原理可知：null12-6、先以无限远处为电势的零点， 则有：以B点为电势的零点，则有：12-7、null12-8、将平行板间视为匀强电场，则有：null12-9 、解：null12-10、解：已知：R1=10CM， R2=20CM，U0=300V，求σnull12-11、如图已知：解：当null取圆环为 微元，则有：12.9、null13-1、联接后：联接前：故选B13-2、故选Dnull13-3、联接后，电荷移至外壳，电场力作功，电势能减少。故选B13-4、由高斯定理，应是自由电荷 的代数和为零。故选D13-5、对导体球，其电势是：null13-6、Q1Q2作如图所示的高斯面，则有：依电荷守恒对于P点的场强：解之得：null13-7、对导体表面附近，导体可视为无限大的平面， 所以：其方向为表面的法向13-8、因为静电平衡时导体是一个等势体， 故A点的电势也是U013-9、解：联接后：null13-10 、解：设A 板两侧的电荷分别为q’ 、q’’ C、B两板的感应电荷分别为qC、qB q’q’’qCqBnull13-11、解：设球上的感应电荷 的总量是Q，则有：解之得：null13.10、解：设内外层的电荷线密度 分别是 +λ, -λ则有：null14-1、-Q’-Qq未抽前：抽出介质后，电荷重新分布：故选B14-2、反接：故选Cnull14-3、和电源相联拉开两极板，U 不变。故选B14-4、两球连接后，设系统带电为Q，两球带电分别为Q1，Q2。则有：null14-5、和电源相接，U不变插入介质14-6、14-7、C 位于AB中央，故null14-8、12切断电源，插入介质14-9、null14-10、解：玻璃板抽出后，电容器的能量 变化即为外力所做的功。抽出玻璃前后：null14-11、解：对无限长的同轴元柱面null14-12、解：