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线面垂直
1. 线面垂直判定定理和性质定理
2. 判定定理:如果一条直线和一个平面内的两条相交直线都垂直,那么这条直线垂直于这个平面.
判定定理:如果两条平行线中的一条垂直于一个平面,那么另一条也垂直于同一平面.
判定定理:一条直线垂直于两个平行平面中的一个平面,它也垂直于另一个平面.
性质定理:如果两条直线同垂直于一个平面,那么这两条直线平行.
3三垂线定理及逆定理:
【例1】 如图所示,已知点S是平面ABC外一点,
∠ABC=90°,SA⊥平面ABC,点A在直线SB和SC上的
射影分别为点E、F,求证:EF⊥SC.
【规范解答】
EMBED Equation.3 EF为AF在平面SBC上的射影.
又∵SC⊥AF,∴SC⊥EF.
【例2】 已知:M∩N=AB,PQ⊥M于Q,PO⊥N于O,OR⊥M于R,求证:QR⊥AB.
【规范解答】 证法一 如图所示,
∵
∴PO⊥AB,
又PQ⊥M,∴PQ⊥AB,
∴AB⊥平面PQO,
又OR⊥M,∴PQ∥OR,
∴PQ与OR确定平面PR(即平面RQP).
∵QR
面PR,∴QR⊥AB.
证法二 ∵PQ⊥M,OR⊥M,
∴RQ是直线PO在平面M上的射影.∵PO⊥N,AB
N,∴PO⊥AB,AB
M,
∴QR⊥AB(三垂线定理的逆定理).
【解后归纳】 处于非常规位置图形上的三垂线定理或逆定理的应用问题,要抓住“一个面”、“四条线”.
所谓“一个面”:就是要确定一个垂面,三条垂线共处于垂面之上.
所谓“四条线”:就是垂线、斜线、射影以及平面内的第四条线,这四条线中垂线是关键的一条线,牵一发而动全身,应用时一般可按下面程序进行操作:确定垂面、抓准斜线、作出垂线、连结射影,寻第四条线.
【例3】 已知如图(1)所示,矩形纸片AA′A′1A1,B、C、B1、C1 分别为AA′,A1A′的三等分点,将矩形纸片沿BB1,CC1折成如图(2)形状(正三棱柱),若面对角线AB1⊥BC1,求证:A1C⊥AB1.
【解前点津】 题设主要条件是AB1⊥BC,而结论是AB1⊥A1C,题设,题断有对答性,可在ABB1A1上作文章,只要取A1B1中点D1,就把异面直线AB1与BC1垂直关系转换到ABB1A1同一平面内AB1与BD1垂直关系,这里要感谢三垂线逆定理.自然想到题断AB1与A1C垂直用同法(对称原理)转换到同一平面,取AB中点D即可,只要证得A1D垂直于AB1,事实上DBD1A1,为平行四边形,解题路子清楚了.
【规范解答】 证法一 作C1D1⊥A1B1于D1,
∵A1C1=B1C1,∴D1为A1B1中点.
∵AA1⊥平面A1B1C1,BD1为BC1在平面ABB1A1内的射影,
由AB1⊥BC1得AB1⊥BD1,取AB中点D,
同理可证A1D为A1C在平面ABB1A1内的射影,
∵A1D1BD,∴A1D1BD为平行四边形,
由AB1⊥BD1,得AB1⊥A1D,∴AB1⊥A1C.
证法二 作AD∥BC,BD∥AC交于D,
作A1D1∥B1C1,B1D1∥A1C1交于D1. 连BD1,DD1(如图(2)),
∵A1C1B1D1为菱形, ∴A1B1⊥D1C1,
又AA1⊥平面A1D1B1C1, ∴AA1⊥D1C1,
又D1C1⊥平面ABB1A1,∴D1C1⊥AB1,
又AB1⊥BC1,∴AB1⊥平面BC1D1,∴AB1⊥BD1,
又BD1∥CA1,∴AB1⊥A1C.
【解后归纳】 证线线垂直主要途径是:
(1)三垂线正逆定理,(2)线面,线线垂直互相转化.
利用三垂线正逆定理完成线线归面工作,在平面内完成作解任务.
证线线垂直,线面垂直,常常利用线面垂直,线线垂直作为桥梁过渡过来,这种转化思想有普遍意义,利用割补法把几何图形规范化便于应用定义定理和公式,也是不容忽视的常用
.
●对应训练 分阶提升
1.设M
示平面,a、b表示直线,给出下列四个命题:
①
②
③
b∥M ④
b⊥M.
其中正确的命题是 ( )
A.①② B.①②③ C.②③④ D.①②④
2.下列命题中正确的是 ( )
A.若一条直线垂直于一个平面内的两条直线,则这条直线垂直于这个平面
B.若一条直线垂直于一个平面内的无数条直线,则这条直线垂直于这个平面
C.若一条直线平行于一个平面,则垂直于这个平面的直线必定垂直于这条直线
D.若一条直线垂直于一个平面,则垂直于这条直线的另一条直线必垂直于这个平面
3.设a、b是异面直线,下列命题正确的是 ( )
A.过不在a、b上的一点P一定可以作一条直线和a、b都相交
B.过不在a、b上的一点P一定可以作一个平面和a、b都垂直
C.过a一定可以作一个平面与b垂直
D.过a一定可以作一个平面与b平行
4.如果直线l,m与平面α,β,γ满足:l=β∩γ,l∥α,m
α和m⊥γ,那么必有 ( )
A.α⊥γ且l⊥m B.α⊥γ且m∥β C.m∥β且l⊥m D.α∥β且α⊥γ
5有三个命题:
①垂直于同一个平面的两条直线平行;
②过平面α的一条斜线l有且仅有一个平面与α垂直;
③异面直线a、b不垂直,那么过a的任一个平面与b都不垂直
其中正确命题的个数为 ( )
A.0 B.1 C.2 D.3
6.设l、m为直线,α为平面,且l⊥α,给出下列命题
1 若m⊥α,则m∥l; ②若m⊥l,则m∥α;
③若m∥α,则m⊥l; ④若m∥l,则m⊥α,
其中真命题的序号是 ( )
A.①②③ B.①②④ C.②③④ D.①③④
7.已知直线l⊥平面α,直线m平面β,给出下列四个命题:
①若α∥β,则l⊥m; ②若α⊥β,则l∥m
③若l∥m,则α⊥β ④若l⊥m,则α∥β.
其中正确的命题是 ( )
A.③与④ B.①与③ C.②与④ D.①与②
8.如图所示,三棱锥V-ABC中,AH⊥侧面VBC,且H是△VBC的垂心,BE是VC边上的高.
(1)求证:VC⊥AB;
9.如图所示,在四棱锥P—ABCD中,底面ABCD是平行四边形,∠BAD=60°,AB=4,AD=2,侧棱PB=
,PD=
.
(1)求证:BD⊥平面PAD. .
10.如图所示,正方体ABCD—A′B′C′D′的棱长为a,M是AD的中点,N是BD′上一点,且D′N∶NB=1∶2,MC与BD交于P.
求证:NP⊥平面ABCD.
.
第4课 线面垂直习题解答
1.A 两平行中有一条与平面垂直,则另一条也与该平面垂直,垂直于同一平面的两直线平行.
2.C 由线面垂直的性质定理可知.
3.A 折后DP⊥PE,DP⊥PF,PE⊥PF.
4.D 过a上任一点作直线b′∥b,则a,b′确定的平面与直线b平行.
5.A依题意,m⊥γ且m
α,则必有α⊥γ,又因为l=β∩γ则有l
γ,而m⊥γ则l⊥m,故选A.
6.D过P作PD⊥AB于D,连CD,则CD⊥AB,AB=
,
,
∴PD=
.
7.D 由定理及性质知三个命题均正确.
8.A 显然α与β不平行.
9.D 垂直于同一平面的两直线平行,两条平行线中一条与平面垂直,则另一条也与该平面垂直.
10.B ∵α∥β,l⊥α,∴l⊥m
11.
cm2 设正三角A′B′C′的边长为a.
∴AC2=a2+1,BC2=a2+1,AB2=a2+4,
又AC2+BC2=AB2,∴a2=2.
S△A′B′C′=
cm2.
12.在直四棱柱A1B1C1D1—ABCD中当底面四边形ABCD满足条件AC⊥BD(或任何能推导出这个条件的其它条件,例如ABCD是正方形,菱形等)时,有A1C⊥B1D1(注:填上你认为正确的一种条件即可,不必考虑所有可能的情形).
点评:本题为探索性题目,由此题开辟了填空题有探索性题的新题型,此题实质考查了三垂线定理但答案不惟一,要求思维应灵活.
13.VC⊥VA,VC⊥AB. 由VC⊥VA,VC⊥AB知VC⊥平面VAB.
14.(1)证明:∵H为△VBC的垂心,
∴VC⊥BE,又AH⊥平面VBC,
∴BE为斜线AB在平面VBC上的射影,∴AB⊥VC.
(2)解:由(1)知VC⊥AB,VC⊥BE,
∴VC⊥平面ABE,在平面ABE上,作ED⊥AB,又AB⊥VC,
∴AB⊥面DEC.
∴AB⊥CD,∴∠EDC为二面角E—AB—C的平面角,
∴∠EDC=30°,∵AB⊥平面VCD,
∴VC在底面ABC上的射影为CD.
∴∠VCD为VC与底面ABC所成角,又VC⊥AB,VC⊥BE,
∴VC⊥面ABE,∴VC⊥DE,
∴∠CED=90°,故∠ECD=60°,
∴VC与面ABC所成角为60°.
15.证明:(1)如图所示,取PD的中点E,连结AE,EN,
则有EN∥CD∥AB∥AM,EN=
CD=
AB=AM,故AMNE为平行四边形.
∴MN∥AE.
∵AE平面PAD,MN平面PAD,∴MN∥平面PAD.
(2)∵PA⊥平面ABCD,
∴PA⊥AB.
又AD⊥AB,∴AB⊥平面PAD.
∴AB⊥AE,即AB⊥MN.
又CD∥AB,∴MN⊥CD.
(3)∵PA⊥平面ABCD,∴PA⊥AD.
又∠PDA=45°,E为PD的中点.
∴AE⊥PD,即MN⊥PD.又MN⊥CD,
∴MN⊥平面PCD.
16.如图(1)证:由已知AB=4,AD=2,∠BAD=60°,
故BD2=AD2+AB2-2AD·ABcos60°=4+16-2×2×4×
=12.
又AB2=AD2+BD2,
∴△ABD是直角三角形,∠ADB=90°,
即AD⊥BD.在△PDB中,PD=
,PB=
,BD=
,
∴PB2=PD2+BD2,故得PD⊥BD.又PD∩AD=D,
∴BD⊥平面PAD.
(2)由BD⊥平面PAD,BD平面ABCD.
∴平面PAD⊥平面ABCD.作PE⊥AD于E,
又PE平面PAD,
∴PE⊥平面ABCD,∴∠PDE是PD与底面ABCD所成的角.
∴∠PDE=60°,∴PE=PDsin60°=
.
作EF⊥BC于F,连PF,则PF⊥BF,
∴∠PFE是二面角P—BC—A的平面角.
又EF=BD=
,在Rt△PEF中,
tan∠PFE=
.
故二面角P—BC—A的大小为arctan
.
17.连结AC1,∵
.
∴Rt△ACC1∽Rt△MC1A1,
∴∠AC1C=∠MA1C1,
∴∠A1MC1+∠AC1C=∠A1MC1+∠MA1C1=90°.
∴A1M⊥AC1,又ABC-A1B1C1为直三棱柱,
∴CC1⊥B1C1,又B1C1⊥A1C1,∴B1C1⊥平面AC1M.
由三垂线定理知AB1⊥A1M.
点评:要证AB1⊥A1M,因B1C1⊥平面AC1,由三垂线定理可转化成证AC1⊥A1M,而AC1⊥A1M一定会成立.
18.(1)证明:在正方形ABCD中,
∵△MPD∽△CPB,且MD=
BC,
∴DP∶PB=MD∶BC=1∶2.
又已知D′N∶NB=1∶2,
由平行截割定理的逆定理得NP∥DD′,又DD′⊥平面ABCD,
∴NP⊥平面ABCD.
(2)∵NP∥DD′∥CC′,
∴NP、CC′在同一平面内,CC′为平面NPC与平面CC′D′D所成二面角的棱.
又由CC′⊥平面ABCD,得CC′⊥CD,CC′⊥CM,
∴∠MCD为该二面角的平面角.
在Rt△MCD中可知
∠MCD=arctan
,即为所求二面角的大小.
(3)由已知棱长为a可得,等腰△MBC面积S1=
,等腰△MBD′面积S2=
,设所求距离为h,即为三棱锥C—D′MB的高.
∵三棱锥D′—BCM体积为
,
∴
�
例3题图解(2)
�
例3题图解(1)
�
例2题图
�
例1题图
�
第16题图解
�
第15题图解
�
第18题图
�
�
第14题图
2010补习班备考资料lzq0530@126.com
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