变压器_远距离输电
变压器 远距离输电
一、变压器:
各种用电器的额定工作电压可以各不相同,各种发电机的输出电压相差很大,为了能够实现电压的改变,以适应各种不同的需要,在交变电流中的变压器就起到了这种作用,变压器是改变交流电压的设备。
1、变压器的构造
单相变压器示意图及其在电路图中的符号(见图)
INCLUDEPICTURE "http://video.etiantian.com/security/3966ff2022dc9a8de3eb9a51e0860181/4a6eb930/ett20/resource...
变压器 远距离输电
一、变压器:
各种用电器的额定工作电压可以各不相同,各种发电机的输出电压相差很大,为了能够实现电压的改变,以适应各种不同的需要,在交变电流中的变压器就起到了这种作用,变压器是改变交流电压的设备。
1、变压器的构造
单相变压器示意图及其在电路图中的符号(见图)
INCLUDEPICTURE "http://video.etiantian.com/security/3966ff2022dc9a8de3eb9a51e0860181/4a6eb930/ett20/resource/66892c590f37f050c734f4038ebc1952/tbjx.files/image001.gif" \* MERGEFORMATINET
闭合铁心
原线圈(初级线圈)n1匝
副线圈(次级线圈)n2匝
U1:输入电压
U2:输出电压
说明:使用闭合铁心,使原线圈产生的交变磁场几乎全部集中在铁心中,因而变压器工作时能量损失很小,特别是大型变压器,能量传输效率可达97~99.5%,为了研究问题的方便,人们常常不考虑其损失,这种变压器叫做理想变压器。
变压器的副线圈与原线圈电路不通,通过磁路联系。
2、工作原理
电磁感应原理是变压器工作的基础。
~U1→~I1→变化的磁场 →~U2
电能→磁场能→电能
3、理想变压器的工作规律
(1)电动势关系:
由于互感现象,没有漏磁,原副线圈中具有相同的ΔΦ/Δt,根据法拉第电磁感应定律有:E1=n1ΔΦ/Δt,E2=n2ΔΦ/Δt,所以E1:E2=n1:n2
(2)电压关系:
因为不计原副线圈的电阻,因而U1=E1,U2=E2,所以U1:U2=n1:n2
输出电压U2由输入电压U1决定。
(3)功率关系:
由于不计各种能量损失,输入功率等于输出功率 P1=P2
输入功率P1由输出功率P2决定。
(4)电流关系:
由P1=P2得U1I1=U2I2,所以I1:I2=n2:n1
输入电流I1由输出电流I2决定。
4、几种常用的变压器
(1)自耦变压器。
(2)互感器。
利用变压器可以把高电压变为低电压、大电流变为小电流进行测量,既能保证测量人员的安全,同时解决了电表量程较小的矛盾。
二、电能的输送:
人们常把各种形式的能(如水流能,燃料的化学能,原子能)先转化为电能再进行传输,这是因为电能可以通过电网来传输。
1、任何电线都有电阻,都存在功率损失和电压损失。
功率损失:ΔP=I2R, 电压损失:ΔU=IR,
2、减小损失的方法:
其中减少I方法最有效:有可行性,因为Q∝I2,电流对能量损失的影响最大,在输电功率一定的情况下,由P=UI得,利用高压输电可减少I。
3、输电线路:
U2:U1=n2:n1
P2≤P1 (即I2U2≤I1U1)
U2=U'+U3
I=I2=I3
U3:U4=n3:n4
P4≤P3
P4=I42R4
[例题]
例1、有一降压变压器,它的输入电压最大值为220V,另有一负载,当它接在22V直流电源上时,消耗功率为P,若使它接在上述变压器的次级电路中,消耗 的功率,则此变压器原、副线圈的匝数比为( )
A、14:1 B、1:14 C、10:1 D、1:10
分析:
设负载电阻为R,直流电压U0=22V,变压器次级电压的有效值为U2,则由题意知 。两式相比,得 。
而变压器初级电压的有效值为 。
因此,该变压器原副线圈的匝数比为 。
:C。
例2、如图所示,一台有两个副线圈的变压器,原线圈匝数n1=1100匝,接入电压U1=220V的电压中。
(1) 要求在两组副线圈上分别得到电压U2=6V,U3=110V,他们的匝数分别是多少?
(2) 两组副线圈上分别接上“6V、20W”、“110V、60W”的两个用电器,原线圈的输入电流为多少?
分析:
第(1)问,根据电压与匝数的正比关系即得:第(2)问,应根据原、副线圈功率相等的关系计算。
解:
(1)根据原、副线圈间电压与匝数的关系,由 ,得
(2)设原线圈输入电流为I1,由P入=P出,即 I1U1=I2U2+I3U3=P2+P3
∴ 。
例3、一台降压变压器原副线圈匝数比为4:1,供一照明电路用电,原线圈所加交变电压U1=1410sin100πtV,照明电路连接导线的总电阻R=1.0Ω,问能使多少盏“220V,40W”的电灯正常发光。
分析:
供电示意图如图所示,要使用电器正常工作,必须使用电器两端电压达到其额定值220V。
解:
由电源电压U1=1410sin100πtV,得加在原线圈上电压的有效值 。
根据变压器公式 ,所以副线圈两端的电压 。
此时由副线圈作为“电源”,对电灯供电,设共需并联n盏电灯,每灯正常发光时的电流为 。
根据欧姆定律,由U2=nI0R+U0,得
例4、某电厂要将电能输送到较远的用户,输送的总功率为9.8×104W,电厂输出电压仅350V,为减少输送功率损失,先用一升压变压器将电压升高再输送,在输送途中,输电线路的总电阻为4Ω,允许损失的功率为输送功率的5%,求用户所需电压为220V,升压、降压变压器的原、副线圈的匝数比各是多少?
分析:
依题意远距离输送电能电路如图所示,导线损失的电能转化为热能,所以据电功率的知识可求出,输送导线中的电流,据理想变压器原理和能量守恒,可算出升压变阻器的输出电压和降压变压器输入电压,就能解决该题中提出的问题。
解:
由电路中损失功率
得输电线路中电流为
升压变压器输出电压为
据理想变压器原理得升压变压器的初、次级的匝数比为
降压变压器输入功率为
所以降压变压器初级电压
降压变压器的匝数比为
例5、一小型水力发电站水坝落差h=5m,流量q=1m3/s,发电机组总效率η=50%,机端输出电压350V,为了向离电站较远处的用户供电,采用先升压、再降压的办法,设输电总电阻R线=4Ω,允许输电线电热损失功率为电站输出功率的5%,用户需要电压220V,试计算升压变压器、降压变压器的匝数比。g=10m/s2。
分析:
水电站是依靠从高处落下的水冲击水轮机,由水轮机带动发电机向外供电的,能的转化方式是高处水的重力势能转化为电能,已知落差、流量和发电机组效率,即可算出发电机的输出功率,这些功率通过升压变压器——输电线——降压变压器送给用户时,仅在输电线上有能量损失。根据输电线损失功率的百分比和输电线电阻,可算出通过输电线上的电流,于是匝数比也就可算出。
解:
由题中条件得1s内水做功
即水流功率
发电机输出功率 。
升压变压器的输入电流(即原线圈电流)为 。
升压变压器的输出电流(即副线圈电流)等于输电线中的电流,根据输电线中的电热损失限制得 。
根据变压器公式知升压变压器原、副线圈的匝数比为 。
降压变压器的输入电流即输电线中的电流
降压变压器的输出电流(即输入用户的电流)可由用户得到的总功率和用户电压得
所以降压变压器的匝数比
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