2022年江苏省苏州市中考物理真题试卷及答案

2022年江苏省苏州市中考物理试卷一、选择（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的选项中只有一个选项符合题意）1．（2分）在与声有关的四幅图中，属于在声源处控制噪声的是（）A．居民区街道禁鸣喇叭B．飞机旁的工作人员佩戴有耳罩的头盔C．街头设置的噪声监测仪D．高架路某些路段两侧设有透明板墙2．（2分）北京第24届冬奥会火炬，其外壳由碳纤维复合材料制成，质量约为同体积钢的四分之一，强度为钢的7至9倍。火炬采用氢作燃料，燃烧时温度能达到800℃，但外壳温度却不高。关于碳纤维复合材料的特性，下列说法正确的是（）A．密度大B．硬度小C．导热性好D．耐高温3．（2分）下列四幅图中的物态变化，需要吸热的是（）A．初春，湖面上冰化成水B．夏天，山顶上形成薄雾C．秋天，草叶上形成露珠D．严冬，树枝上出现雾凇4．（2分）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）A．丝绸摩擦过的玻璃棒所带的正电荷，是从丝绸上转移来的B．铁块很难被压缩，说明分子间有排斥力C．汤姆生通过研究，建立了原子核式结构模型D．太阳是恒星，它是银河系的中心5．（2分）下列有关物理量的估测，符合实际的是（）A．教室的门宽约80cmB．物理课本的质量约600gC．冰箱冷藏室的温度约为﹣18℃D．初中生跑完1000m的时间约为100s6．（2分）现代生活离不开电，下列符合安全用电规范的是（）A．用正在充电的手机接听电话B．家庭电路中装有空气开关和漏电保护器C．发现有人触电立即用手将其拉开D．用湿布擦拭正在工作的用电器7．（2分）景颇族的祖先曾发明一种活塞式点火器，如图所示。以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒。取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃，随即将杆拔出，口吹立见火苗。手推杆入筒的过程中，筒内密封气体的（）A．分子动能减小B．密度不变C．分子数增加D．内能增大8．（2分）做凸透镜成像实验时，将光具座上的蜡烛、凸透镜、光屏如图放置，光屏上呈现清晰的像。下列说法正确的是（）A．屏上的像是倒立放大的B．该凸透镜的焦距可能是8cmC．先向右移动光屏，再移动凸透镜到某位置一定能在光屏上看到清晰的像D．只将蜡烛向左移动一段距离，放上远视眼镜可在屏上再次看到清晰的像9．（2分）使用空气炸锅（如图所示）时发现：同时闭合定时开关和温控开关产生热风，仅闭合定时开关产生冷风，不会只发热不吹风。则其电路可能是（）A．B．C．D．10．（2分）图甲所示的电路中，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关，滑片P移动过程中，电压示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图乙所示。下列说法正确的是（）A．电源电压为5VB．R的最大阻值为20C．R＝10时，其功率最大ΩD．R＝15Ω时，电路消耗的功率为1.8W11．（2分）手机具有录音和显示波形的功能。Ω某乒乓球爱好者将一乒乓球从一定高度由静止释放，利用手机下乒乓球碰撞台面发出的声音，其波形随时间的变化如图所示。下列说法正确的是（）A．每次发声的时间间隔相等B．整个过程中乒乓球的机械能不变C．乒乓球每次弹起时的动能依次减小D．乒乓球每次与台面碰撞的最大形变程度相同12．（2分）三个相同的磁环a、b、c（质量均为m）套在有木质底座的光滑木杆上，由于磁极间的相互作用，上面两个磁环都悬在空中，如图所示。下列说法正确的是（）A．a对b的磁力和a的重力是平衡力B．b对c的磁力小于c对b的磁力C．c受到b的磁力大小为2mgD．c对底座的压力大小为mg二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分）13．（3分）昆曲被联合国教科文组织列入《人类非物质文化遗产代表作名录》，她被誉为“百戏之祖”。演唱时以三弦、曲笛等为主要伴奏乐器，拨动三弦时，弦产生声音；吹奏曲笛时，按住不同的孔可以改变声音的；两种乐器相互配合，奏出优美的乐曲，通过可以辨别它们的声音。14．（2分）用图甲中的器材探究平面镜成像的特点时，发现不便得到像和物左右之间的关系。为解决这一问题，应选用图乙中的（a/b/c）棋子进行实验，分析可得像与物关于镜面。15．（3分）洗水果时，发现芒果比油桃大，放入水中后芒果沉底、油桃漂浮，如图甲所示。它们受到的浮力大小关系为F浮芒F浮桃；用天平正确测量油桃的质量，所放砝码及游码位置如图乙所示，则油桃的质量是g；芒果的体积一定（＞/＜/＝）82.4cm3。16．（3分）某型号的电水壶有加热和保温两个挡位，其电路如图所示。当S闭合、S1断开时，电水壶处于挡，加热和保温的功率分别为1200W和44W。用它把质量为1kg、初温为20℃的水加热到100℃，用时400s，则水吸收的热量是J，此过程3中电水壶的效率＝%。[c水＝4.2×10J/（kg•℃）]η17．（2分）太阳光经三棱镜分解出的黄光照射到红纸上，红纸呈现色。红光和绿光混合成的黄光照射到红纸上，红纸呈现色。18．（3分）用如图所示电路探究电流与电阻的关系，电源电压不变，电阻有5、10、15、20。连接电路闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压。为了找出故障，ΩΩΩ把导线ΩM的一端从接线柱a移开，分别连到接线柱b和c上，发现两表指针位置均和之前一样，进一步检查发现电流表完好，则电路的故障是。排除故障后，将不同阻值的电阻分别接入电路，移动滑片记录的数据如下表：实验次数1234电阻/5101520电流/AΩ0.400.200.130.10分析表中数据，实验中电阻两端的电压为V，实验得出的结论是。19．（2分）如图所示，在探究产生感应电流条件的实验中，把马蹄型磁铁竖直放置在水平桌面上。闭合开关，当导体AB（竖直/水平）运动时，回路中有感应电流；当磁铁沿平行于AB的方向运动时，回路中感应电流。20．（3分）屋顶风帽是利用自然风使风帽旋转实现室内换气的装置，如图所示。它不用电，无噪声，节能环保。只要速度为0.2m/s的微风即可让其轻盈运转。风帽转动时其内部空气流速变大、压强变，室内的污浊气体在作用下被排出。水平方向的风，从不同方位吹来，风帽的转动方向。21．（5分）阅读材料，回答问题。超级镜子发电站我国用熔盐和1.2万块镜子，建成亚洲第一发电站——甘肃敦煌100MW熔盐塔式太阳能光热电站，如图甲所示，该发电站通过电脑控制镜子的反射方向，持续地将太阳光聚集在塔顶的吸热器上，加热其中的熔盐，使其温度升高。高温熔盐向下流入温度为565℃的高温熔盐罐，热泵将它打入蒸汽发生器，与其中的冷水进行热交换，产生高温高压的水蒸气，水蒸气推动汽轮机带动发电机发电。经过蒸汽发生器后的熔盐，降温回到低温熔盐罐，从而循环下去。该电站的两个熔盐罐中共存储3万吨熔盐（熔点为210℃），白天高温熔盐罐把能量储存起来，夜晚再把罐中的高温熔盐释放出来发电，可以实现24小时稳定电力输出。请回答：（1）高温熔盐罐利用熔盐储存。高温熔盐进入蒸汽发生器，通过（做功/热传递）方式使冷水变成高温高压水蒸气，推动汽轮机带动发电机发电；（2）低温熔盐罐的温度应（＞/＜）210℃；（3）该发电站正常工作24h，可发电度；（4）从图乙中可以看出，镜子大致以吸热塔为中心依次排列，吸热塔南面的镜子较少，北面的较多。请你结合图丙情形分析，在南面和北面同样的镜子a和b，反射到吸热塔的光能更多。三、解答题（本题共12小题，共50分。解答25、26、27题时应有解题过程）22．（2分）在图中画出杠杆的阻力臂l，并在A点画出使杠杆静止在图示位置的最小力F。23．（2分）在图中的括号内标出小磁针右端的极性，用箭头标出P点磁感线的方向。24．（2分）在图中画出垂直于玻璃砖的光线OP经过玻璃砖射出的光路图。25．（2分）图中降落伞沿与竖直成30°的方向匀速下落，画出重物A的受力示意图。26．（4分）小明在参观苏州市御窑金砖博物馆时，从解说员的讲解中得知某块金砖的长、宽、高分别为70cm、70cm、10cm，金砖的密度为2.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：（1）金砖的重力G；（2）若重490N的小明站在如图所示的金砖上，金砖对水平地面的压强p。27．（6分）用如图所示的滑轮组将重为300N的物体以0.1m/s的速度匀速向上提升10s。（1）若不计动滑轮重、绳重和滑轮与轴间的摩擦，求人对绳的拉力F；（2）实际中动滑轮重为40N，人的拉力做功400J，求滑轮组的机械效率以及克服绳重和摩擦所做的额外功。28．（6分）在如图甲所示的电路中，电源电压不变，R的阻值为8，灯泡L的电流随电压变化的关系如图乙所示。闭合开关，灯泡L两端的电压为8V。求：Ω（1）电源电压；（2）将图甲中的R换成和L一样的灯泡，10s内一个灯泡消耗的电能；（3）将图甲中R和L由串联改为并联，整个电路的电功率。29．（4分）探究水沸腾前后温度变化的特点，所用器材有铁架台、烧瓶、温度计、秒表、石棉网等。（1）在安装如图甲的装置时，要保证用酒精灯的外焰加热，应先固定（a/b/c）的位置；（2）实验中，从水温升到90℃开始，每隔1min读一次温度并记入表格，第2min时温度计示数如图乙，读数为℃；时间/min01234567水的温度90929698999999/℃（3）由实验数据可知，水的沸点为℃；（4）实验完成后熄灭酒精灯，将烧瓶从铁架台上取下。拿橡皮塞塞紧瓶口，用冷水喷洒瓶底（如图丙），里面的水沸腾。30．（4分）疫情期间“停课不停学”，在云课堂上物理老师要求学生利用家中的物品测量冰糖的密度。（1）小明找来电子秤、喝糖浆用的量杯、大米等物品进行实验。①把放在电子秤盘上，测出它的质量为m；②向量杯中加入适量的大米，将冰糖完全放入米中，读出体积为V1；③取出冰糖，读出量杯中大米的体积为V2；④利用测量的数据，计算冰糖的密度＝（用m、V1和V2表示）。（2）线上交流时，小华的测量方法和小明相同，只是小明用大米，小华用芝麻。你认为ρ的测量结果误差更小，理由是：。31．（7分）兴趣小组探究影响浮力大小的因素。（1）提出如下猜想猜想1：与物体浸在液体中的深度有关猜想2：与物体浸在液体中的体积有关猜想3：与液体的密度有关小组为验证上述猜想，用弹簧测力计、4个相同的小长方体磁力块、2个分别盛有水和盐水的烧杯等，按图甲步骤进行实验：①利用磁力将4个磁力块组合成长方体物块；②根据图A、B、C的测量结果，小明认为猜想1是正确的，小华却认为不一定正确。你觉得小华的理由是；③小华为了证明自己的想法，利用上述器材实验D，根据A、B、D的测量结果，可得：浮力大小与物体浸在液体中的深度无关，请在图D中画出她实验时长方体物块的放置图；④兴趣小组进一步研究得出浮力大小与物体浸在液体中的体积有关；⑤根据A、C、E的结果，得出浮力大小还与有关。（2）小华把4个磁力块组合成图乙，她还能探究浮力大小与的关系。（3）爱思考的小明又进一步研究水产生的浮力与水自身重力的关系，设计了如下实验：取两个相同的容积均为300mL的一次性塑料杯甲、乙（杯壁厚度和杯的质量不计），甲杯中装入50g水，乙杯中装入100g水，然后将乙杯放入甲杯中，发现乙杯浮在甲杯中，这时甲杯中水产生的浮力为N；这个实验说明，液体（能/不能）产生比自身重力大的浮力。（g取10N/kg）32．（7分）小华用电源（3V）、电流表（0～0.6A；0～3A）、刻度尺、鳄鱼夹等器材，探究粗细均匀电阻丝的电阻与长度的关系，实验电路如图甲所示，测得数据如下表。序号长度L/cm电流I/A130.00.20220.00.30310.00.60（1）根据实验数据，可求得1cm该电阻丝的电阻为；（2）小明在小华实验的基础上，利用该电阻丝测量未知电阻ΩRx的阻值（约10）。①按图甲连好电路，闭合开关，在电阻丝上移动鳄鱼夹M，使电流表的示数为Ω0.50A；②保持M位置不变，把R接入电路，如图乙所示。闭合开关，此时电流表的示数为0.20A。请在虚线框内画出图乙的电路图，并求出此时Rx的电阻为；③小明实验时电源的实际电压比3V略低，则他测算出的电阻值Ω（偏大/偏小/不变）；④为了消除因电源电压降低对电阻测量结果的影响，小明用原实验电路，改变测量方法就可以消除影响。其做法是：i.连接图甲电路，闭合开关，移动M使电流表的示数为0.20A，记下M的位置A；ii.把Rx接入电路，闭合开关，移动M使电流表示数为A，记下M的位置B；iii.用刻度尺量出AB间距离为Lcm，则Rx＝。33．（4分）小明暑假外出旅游，他到火车站乘坐复兴号列车，进入车厢时，发现旁边停着Ω一列和谐号列车。（1）坐到座位上后，透过车窗只能看到和谐号列车，发现它动了，据此判断：。A.一定是和谐号运动了B.一定是复兴号运动了C.可能是两车都运动了（2）列车在平直轨道上向西行驶，小明发现桌上茶杯中的水面突然变为如图所示情形，此时茶杯受到的摩擦力方向；（3）行驶过程中，复兴号列车以68m/s的速度驶入长1000m的平直隧道，复兴号在进入隧道时鸣笛5s，在隧道另一端口的护路工人听到鸣笛的时间为s。（空气中声速340m/s）答案一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的选项中只有一个选项符合题意）1．（2分）在与声有关的四幅图中，属于在声源处控制噪声的是（）A．居民区街道禁鸣喇叭B．飞机旁的工作人员佩戴有耳罩的头盔C．街头设置的噪声监测仪D．高架路某些路段两侧设有透明板墙【分析】减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。据此分析判断。【解答】解：A、居民区街道禁鸣喇叭，是在声源处减弱噪声，符合题意；B、飞机旁的工作人员佩戴有耳罩的头盔，是在人耳处减弱噪声，不符合题意；C、街头设置的噪声监测仪，只能监测噪声的大小，不能减弱噪声，不符合题意；D、高架路某些路段两侧设有透明板墙，是在传播过程中减弱噪声，不符合题意。故选：A。【点评】本题考查学生对减弱噪声具体做法的理解能力，要结合防治噪声的途径方法进行分析解答。2．（2分）北京第24届冬奥会火炬，其外壳由碳纤维复合材料制成，质量约为同体积钢的四分之一，强度为钢的7至9倍。火炬采用氢作燃料，燃烧时温度能达到800℃，但外壳温度却不高。关于碳纤维复合材料的特性，下列说法正确的是（）A．密度大B．硬度小C．导热性好D．耐高温【分析】由“碳纤维质量约为同体积钢质量的四分之一”可知，碳纤维具有密度小、硬度大的特点；燃烧时温度能达到800℃，但外壳温度却不高，可判断耐高温，不易导热。【解答】解：AB、由题意可知，“碳纤维质量约为同体积钢质量的四分之一”可知，碳纤维具有密度小、硬度大的特点；故AB错误；CD、燃烧时温度能达到800℃，但外壳温度却不高，可判断耐高温，不易导热。故C错误、D正确。故选：D。【点评】本题主要考查了物质的基本属性，常见题目。3．（2分）下列四幅图中的物态变化，需要吸热的是（）A．初春，湖面上冰化成水B．夏天，山顶上形成薄雾C．秋天，草叶上形成露珠D．严冬，树枝上出现雾凇【分析】物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸热；物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热。【解答】解：A、湖面上的冰，熔化成水，需要吸收热量，故A正确；B、山顶上形成薄雾是水蒸气液化形成的小水滴，液化需要放热，故B错误；C、草叶上形成露珠是水蒸气液化形成的小水滴，液化需要放热，故C错误；D、树枝上的雾凇是空气中的水蒸气凝华形成的，凝华需要放出热量，故D错误。故选：A。【点评】本题首先判断判断现在和原来的状态，根据物态变化定义判断该现象属于哪种物态变化，属于放出热量还是吸收热量。4．（2分）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）A．丝绸摩擦过的玻璃棒所带的正电荷，是从丝绸上转移来的B．铁块很难被压缩，说明分子间有排斥力C．汤姆生通过研究，建立了原子核式结构模型D．太阳是恒星，它是银河系的中心【分析】（1）丝绸与玻璃棒摩擦，玻璃棒带正电，丝绸带负电；摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的带正电，得到电子的带负电；（2）分子之间存在着相互作用的引力和斥力；（3）原子核式结构模型是卢瑟福提出的；（4）太阳不是银河系的中心。【解答】解：A、玻璃棒跟丝绸摩擦，由于玻璃棒束缚电子的能量弱，一些电子转移到丝绸上，玻璃棒因失去电子而带正电；丝绸因得到电子而带等量负电，故A错误；B、铁块很难被压缩，说明分子之间存在相互作用的斥力，故B正确；C、汤姆生发现了电子，卢瑟福建立了原子的核式结构模型，故C错误；D、太阳是恒星，它不是银河系的中心，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了分子组成、分子间作用力、摩擦起电等相关知识，属于基础知识的考查，比较简单。5．（2分）下列有关物理量的估测，符合实际的是（）A．教室的门宽约80cmB．物理课本的质量约600gC．冰箱冷藏室的温度约为﹣18℃D．初中生跑完1000m的时间约为100s【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、教室的门宽不足1m，约为80cm，故A符合实际；B、物理课本的质量不500g，不可能为600g，故B不符合实际；C、家用冰箱冷藏室的温度大约是5℃，用于冷藏保鲜，故C不符合实际；D、初中生1000m跑的时间一般在240s左右。故D不符合实际。故选：A。【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。6．（2分）现代生活离不开电，下列符合安全用电规范的是（）A．用正在充电的手机接听电话B．家庭电路中装有空气开关和漏电保护器C．发现有人触电立即用手将其拉开D．用湿布擦拭正在工作的用电器【分析】（1）手机在进行充电时上网或通话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，会对人体造成损伤；（2）漏电保护器跳闸是因为火线与零线电流不同；空气开关“跳闸”的原因：一是短路，二是用电器总功率过大，三是用电器漏电，家庭电路中电流过大时，空气开关会切断电路；（3）当有人触电时，应先切断电源；（4）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电。【解答】解：A、手机充电时接听电话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，所以充电时不要接打电话，故A不符合安全用电常识；B、家庭电路安装漏电保护器是防止漏电而采取的安全措施，空气开关是为了防止电路中的电流过大而采取的安全措施，故B符合安全用电常识；C、因为水是导体，并且具有流动性，一旦与火线相连，人就会发生触电事故，不能用湿抹布擦正在发光的台灯灯泡，故C不符合安全用电常识；D、发现有人触电后首先切断电源，把触电者拉离电源，因人体是导体，可避免救助者间接触电事故，故D不符合安全用电常识。故选：B。【点评】此题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，不能违反。7．（2分）景颇族的祖先曾发明一种活塞式点火器，如图所示。以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒。取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃，随即将杆拔出，口吹立见火苗。手推杆入筒的过程中，筒内密封气体的（）A．分子动能减小B．密度不变C．分子数增加D．内能增大【分析】猛推推杆时间较短，气体来不及吸放热，主要是外界对气体做功，气体内能增加，温度升高，压强增大。【解答】解：封闭的气体被推杆压缩过程中，活塞对气体做功，所以气体内能增加，则温度升高，分子动能增加，气体体积减小，因为是封闭的气体，质量不变，所以分子数不会增加，由＝可知，密度变大，故D正确，ABC错误。ρ故选：D。【点评】本题是物理知识在生活中的应用，考查做功改变物体的内能，难度不大。8．（2分）做凸透镜成像实验时，将光具座上的蜡烛、凸透镜、光屏如图放置，光屏上呈现清晰的像。下列说法正确的是（）A．屏上的像是倒立放大的B．该凸透镜的焦距可能是8cmC．先向右移动光屏，再移动凸透镜到某位置一定能在光屏上看到清晰的像D．只将蜡烛向左移动一段距离，放上远视眼镜可在屏上再次看到清晰的像【分析】凸透镜成像的三种情况：①u＞2f，成倒立、缩小的实像，此时2f＞v＞f。②2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，此时v＞2f。③u＜f，成正立、放大的虚像；物远像近像变小；凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。【解答】解：A、由图像可知，此时u＞v，则凸透镜成倒立、缩小实像，故A错误；B、由图可知，u＝50cm﹣25cm＝25cm，v＝67cm﹣50cm＝17cm，即25cm＞2f，2f＞17cm＞f，则8.5cm＜f＜12.5cm，故B错误；C、先向右移动光屏，透镜到光屏的距离变远，向右移动凸透镜到某位置一定能在光屏上看到清晰的像，故C正确；D、在图所示情况下，保持光屏和凸透镜的位置不变，将蜡烛向左移动一段距离后，物距变大，像距变小，成像于光屏前，为了使光屏上可成像，由于凹透镜对光有发散作用，应在凸透镜左侧附近安装一个焦距适当的凹透镜（近视眼镜片），才能在光屏上再次得到清晰的像，故D错误。故选：C。【点评】此题是探究凸透镜成像的实验，考查了凸透镜成像的规律、焦距的测量及对实验的操作能力，要熟练掌握规律的内容，做到灵活应用。9．（2分）使用空气炸锅（如图所示）时发现：同时闭合定时开关和温控开关产生热风，仅闭合定时开关产生冷风，不会只发热不吹风。则其电路可能是（）A．B．C．D．【分析】空气炸锅工作时，可以单独产生风，也可以产生热风，但不能只发热不吹风，说明电动机和电吹风可以独立工作、互不影响即为并联，且发热管支路有开关控制，据此进行解答。【解答】解：A．由图可知，发热管和电动机串联，同时闭合定时开关和温控开关，只发热不吹风，故A不符合题意；B．由图可知，发热管和电动机并联，只闭合温控开关时，只有发热管工作，只发热不吹风，故B不符合题意；C．由图可知，发热管和电动机并联，只闭合温控开关时，只有发热管工作，只发热不吹风，故C不符合题意；D．由图可知，只闭合定时开关时，电动机工作产生冷风；再闭闭合温控开关时，电动机和发热管同时工作吹热风；只闭合合温控开关时发热管不工作，不会出现只发热不吹风，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据题干中的条件分析每一个选项即可得出答案。10．（2分）图甲所示的电路中，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关，滑片P移动过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图乙所示。下列说法正确的是（）A．电源电压为5VB．R的最大阻值为20C．R＝10时，其功率最大ΩD．R＝15Ω时，电路消耗的功率为1.8W【分析】由电路图可知，ΩR0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）读出图中滑动变阻器的电阻和其两端的电压，根据欧姆定律算出其电阻，根据电源电压相等列等式算出定值电阻的阻值，进而求出电源电压；（2）由图乙可知滑动变阻器的最大值；（3）R0与R串联接入电路，电路的总功率等于各部分功率之和，则R的功率为：PR＝P﹣P0，代入数据结合抛物线的性质可知当电路为多少时R的功率最大，根据欧姆定律计算此时电路的总电阻，根据串联电路电阻规律计算滑动变阻器接入电路的电阻；（4）根据串联电路电阻规律求出总电阻，再由P＝求出此时电路中消耗的功率。【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。A、由图乙可知，当滑动变阻器的电阻为5时，其两端的电压为3V，通过电路的电流Ω为：I1＝＝＝0.6A，则电源电压为：U＝U1+I1R0＝3V+0.6A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；滑动变阻器的电阻为10时，其两端的电压为4V，通过电路的电流为：I2＝＝Ω＝0.4A，则电源电压为：U＝U2+I2R0＝4V+0.4A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；联立①②得，R0＝5，U＝3V+0.6A×5＝6V，故A错误；B、由图乙可知滑动变阻器的最大值大于ΩΩ20，故B错误；C、R0与R串联接入电路，电路的总功率等于各部分功率之和，则ΩR的功率为：PR＝P2﹣P0＝UI﹣IR0，2即PR＝6V×I﹣I×5，由抛物线的性质可知当I＝＝0.6A时，R的功率Ω最大，此时电路的总电阻：R总＝＝＝10，Ω串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则滑动变阻器接入电路的电阻为：R＝R总﹣R0＝10﹣5＝5，故C错误；D、当ΩRΩ＝15Ω时，电路中总能电阻为：R总＝R+R0＝15+5＝20，则电路消耗的功率ΩΩΩΩ为：P＝＝＝1.8W，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析、欧姆定律及电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。11．（2分）手机具有录音和显示波形的功能。某乒乓球爱好者将一乒乓球从一定高度由静止释放，利用手机记录下乒乓球碰撞台面发出的声音，其波形随时间的变化如图所示。下列说法正确的是（）A．每次发声的时间间隔相等B．整个过程中乒乓球的机械能不变C．乒乓球每次弹起时的动能依次减小D．乒乓球每次与台面碰撞的最大形变程度相同【分析】（1）根据图像分析发声的时间间隔的大小；（2）动能的大小与质量、速度有关、重力势能的大小与质量、高度有关；弹性势能的大小与物体弹性形变程度的大小有关；机械能为动能和势能的和。【解答】解：A、根据图像可知，乒乓球每次发声的时间逐渐变短，故A错误；BD、根据波形图可知，乒乓球每次发声时的振幅变小，乒乓球每次与台面碰撞的最大形变程度变小，这说明弹性势能是减小的；乒乓球在最低点的动能相同、重力势能相同，弹性势能逐渐变小，所以机械能逐渐变小，故BD错误；C、乒乓球的弹性势能变小，转化为的动能逐渐变小，故C正确。故选：C。【点评】本题考查了动能、重力势能、弹性势能和机械能的变化，明确图像的含义是解题的关键。12．（2分）三个相同的磁环a、b、c（质量均为m）套在有木质底座的光滑木杆上，由于磁极间的相互作用，上面两个磁环都悬在空中，如图所示。下列说法正确的是（）A．a对b的磁力和a的重力是平衡力B．b对c的磁力小于c对b的磁力C．c受到b的磁力大小为2mgD．c对底座的压力大小为mg【分析】（1）一对平衡力的特点：作用在同一物体上，作用在同一条直线上，方向相反，大小相等。（2）一对相互作用力的特点：作用在两个不同的物体上，作用在同一条直线上，方向相反，大小相等。（2）根据磁环a、b处于悬浮状态，可以确定两个磁环之间的作用力是斥力，a对b的磁力等于a的重力，b对c的磁力等于a和b的重力之和。（4）对处于静止状态的磁圆环c进行受力分析即可确定其对水平支持面的压力与重力的关系。【解答】解：A、a对b的磁力方向向下，a的重力方向竖直向下，且作用在两个物体上，不是一对平衡力，故A错误；B、b对c的磁力和c对b的磁力是相互作用力，大小相等，故B错误；C、磁环a、b处于悬浮状态，c受到b的磁力大小等于a、b的重力之和，即2mg，故C正确；D、c处于静止状态，c对底座的压力大小等于a、b、c的重力之和，即3mg，故D错误。故选：C。【点评】本题主要是考查平衡力的辨别、平衡力和相互作用力的区别、磁极间的相互作用等知识的理解和应用，能够正确分析磁环间磁力和重力的关系是解题的关键。二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分）13．（3分）昆曲被联合国教科文组织列入《人类非物质文化遗产代表作名录》，她被誉为“百戏之祖”。演唱时以三弦、曲笛等为主要伴奏乐器，拨动三弦时，弦振动产生声音；吹奏曲笛时，按住不同的孔可以改变声音的音调；两种乐器相互配合，奏出优美的乐曲，通过音色可以辨别它们的声音。【分析】（1）声音是由振动产生的；（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。【解答】解：（1）乐曲的声音是由于弦的振动产生的；（2）吹奏曲笛时，笛内空气柱振动发声，按住不同的孔，笛内空气柱的长度不同，振动的频率不同，声音的音调不同；音色由发声体的材料和结构决定，不同的发声体发出声音的音色一般不同，因此通过音色可以辨出三弦、曲笛的声音。故答案为：振动；音调；音色。【点评】本题主要考查了学生对声音的产生、声音的三个特性﹣﹣音调、响度、音色等知识的理解和应用，难度不大。14．（2分）用图甲中的器材探究平面镜成像的特点时，发现不便得到像和物左右之间的关系。为解决这一问题，应选用图乙中的a（a/b/c）棋子进行实验，分析可得像与物关于镜面对称。【分析】平面镜成像时，像物等距，相对于镜面是对称的，其连线与镜面垂直。【解答】解：由平面镜成像的特点可知，像和物相对于平面镜对称，所以利用图甲中的器材探究平面镜成像的特点时，应选用图乙中的a棋子进行实验，得出像与物关于镜面对称的结论。故选：a；对称。【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。15．（3分）洗水果时，发现芒果比油桃大，放入水中后芒果沉底、油桃漂浮，如图甲所示。它们受到的浮力大小关系为F浮芒＞F浮桃；用天平正确测量油桃的质量，所放砝码及游码位置如图乙所示，则油桃的质量是82.4g；芒果的体积一定＞（＞/＜/＝）82.4cm3。【分析】（1）芒果和油桃都放在水中，芒果比油桃大，根据F浮＝液gV排比较它们受到的浮力；ρ（2）利用天平测量物体质量时，物体质量等于砝码的质量和游码对应的刻度值之和；（3）根据物体的漂浮条件和阿基米德原理求出油桃排开水的体积，进而判断出芒果的体积。【解答】解：（1）芒果和油桃都放在水中，由图甲可知，芒果比油桃大，芒果排开水的体积大于油桃排开水的体积，由F浮＝水gV排可知，F浮芒＞F浮桃；（2）由图乙天平砝码和游码位置可知，油桃的质量ρm＝50g+20g+10g+2.4g＝82.4g；（3）油桃漂浮在水中，由物体的漂浮条件可知，此时油桃受到的浮力大小和油桃的重力相等，即F浮桃＝G桃，因为F浮＝水gV排，G＝mg，所以有：水gV排桃＝m桃g，ρρ3因此油桃排开水的体积：V排桃＝＝＝82.4cm；由图甲可知，芒果排开水的体积大于油桃排开水的体积，且芒果浸没在水中，因此芒果33的体积：V芒＝V排芒＞V排桃＝82.4cm，即芒果的体积大于82.4cm。故答案为：＞；82.4；＞。【点评】本题考查天平的使用、阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，关键是根据图甲分析出芒果排开水的体积与油桃排开水的体积关系。16．（3分）某型号的电水壶有加热和保温两个挡位，其电路如图所示。当S闭合、S1断开时，电水壶处于保温挡，加热和保温的功率分别为1200W和44W。用它把质量为1kg、初温为20℃的水加热到100℃，用时400s，则水吸收的热量是3.36×105J，此3过程中电水壶的效率＝70%。[c水＝4.2×10J/（kg•℃）]η【分析】（1）由P＝UI＝可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和P＝UI＝可知各挡位时电路的连接；（2）已知水的质量与初温，由热量公式可以求出水吸收的热量；利用W＝Pt求出消耗的电能，利用＝×100%可以求出热水壶的效率。η【解答】解：（1）由电路图可知，开关S闭合、S1断开时，两电阻串联，当开关S、S1闭合时，电路为电阻R1的简单电路，因串联电路中的总电阻大于任一分电阻，所以由P＝UI＝可知，电路为R1的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，电水壶为高温挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，电水壶为低温挡；（2）将1kg、20℃的水加热到100℃，水吸收的热量：35Q吸＝c水mΔt＝4.2×10J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×10J；由P＝得电水壶消耗的电能：5W＝P加热t＝1200W×400s＝4.8×10J；加热水时热水壶的效率：＝×100%＝×100%＝70%。η故答案为：保温；3.36×105；70。【点评】本题考查串联电路的特点、电功率变形公式、热量公式和效率公式的灵活运用，难点是根据P＝UI＝结合开关的闭合、断开判断电水壶的工作状态。17．（2分）太阳光经三棱镜分解出的黄光照射到红纸上，红纸呈现黑色。红光和绿光混合成的黄光照射到红纸上，红纸呈现红色。【分析】太阳光色散的黄光是单色光；红光和绿光混合成的黄光是复色光；不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的。【解答】解：太阳光经三棱镜分解出的黄光是单色光，而红纸只能反射红色光，因此此时红纸呈现黑色；而红光和绿光混合成的黄光是复色光，红纸可以反射复色光中的红色光，因此此时红纸呈现红色。故答案为：黑；红。【点评】本题考查光的色散、复色光和单色光以及不透明物体的颜色，注意太阳光经三棱镜分解出的色光是单色光。18．（3分）用如图所示电路探究电流与电阻的关系，电源电压不变，电阻有5、10、15、20。连接电路闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压。为了找出故障，ΩΩΩ把导线ΩM的一端从接线柱a移开，分别连到接线柱b和c上，发现两表指针位置均和之前一样，进一步检查发现电流表完好，则电路的故障是cd间导线断路。排除故障后，将不同阻值的电阻分别接入电路，移动滑片记录的数据如下表：实验次数1234电阻/5101520电流/AΩ0.400.200.130.10分析表中数据，实验中电阻两端的电压为2V，实验得出的结论是电压一定时，导体中的电流与其电阻值成反比。【分析】（1）电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的支路断路了；（2）根据表中数据利用欧姆定律求出实验中电阻两端的电压；根据表中电流与电阻之积为一定值分析得出结论。【解答】解：（1）连接电路闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联ad之间有断路，当电压表接在导线cd两端时，电压表的示数接近电源电压，说明除了导线cd外的其他元件均没有断路现象，因此只能是cd间导线断路；（2）由表中数据可知，电阻两端的电压：UV＝IR＝0.4A×5＝﹣﹣﹣﹣﹣＝0.1A×20＝2V，为一定值，故可以得出结论：电压一定时，导体中的电流与其电阻值成反比。ΩΩ故答案为：cd间导线断路；2；电压一定时，导体中的电流与其电阻值成反比。【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查故障分析、欧姆定律的应用和分析数据归纳结论的能力。19．（2分）如图所示，在探究产生感应电流条件的实验中，把马蹄型磁铁竖直放置在水平桌面上。闭合开关，当导体AB竖直（竖直/水平）运动时，回路中有感应电流；当磁铁沿平行于AB的方向运动时，回路中无感应电流。【分析】产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感应运动时，电路中就会产生感应电流。其条件之一是导体必须做切割磁感线运动，导体不运动是不会产生电流的，运动了，没沿切割磁感线方向运动，还不会产生电流。【解答】解：由图知，闭合开关，当导体AB竖直运动时，导体AB切割磁感线运动，回路中有感应电流产生；当磁铁沿平行于AB的方向运动时，导体AB没有切割磁感线运动，回路中没有感应电流产生。故答案为：竖直；无。【点评】产生感应电流的条件注意三点：一是“闭合电路”，电路必须是完整的回路，二是“一部分导体”，不是全部的导体都在参与运动，三是“切割磁感线运动”，导体的运动必须是切割磁感线的，正切、斜切都可以，但不能不切割。20．（3分）屋顶风帽是利用自然风使风帽旋转实现室内换气的装置，如图所示。它不用电，无噪声，节能环保。只要速度为0.2m/s的微风即可让其轻盈运转。风帽转动时其内部空气流速变大、压强变小，室内的污浊气体在大气压作用下被排出。水平方向的风，从不同方位吹来，风帽的转动方向相同。【分析】流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大；根据风帽的叶轮方向判断转动方向。【解答】解：风帽转动时其内部空气流速变大、压强变小，所以室内的污浊气体在大气压的作用下被排出；由图的叶轮方向可知，当水平方向的风，从不同方位吹来，风帽的转动方向都是顺时针，故风帽的转动方向相同。故答案为：小；大气压；相同。【点评】本题考查流体压强与流速的关系，难度不大。21．（5分）阅读材料，回答问题。超级镜子发电站我国用熔盐和1.2万块镜子，建成亚洲第一发电站——甘肃敦煌100MW熔盐塔式太阳能光热电站，如图甲所示，该发电站通过电脑控制镜子的反射方向，持续地将太阳光聚集在塔顶的吸热器上，加热其中的熔盐，使其温度升高。高温熔盐向下流入温度为565℃的高温熔盐罐，热泵将它打入蒸汽发生器，与其中的冷水进行热交换，产生高温高压的水蒸气，水蒸气推动汽轮机带动发电机发电。经过蒸汽发生器后的熔盐，降温回到低温熔盐罐，从而循环下去。该电站的两个熔盐罐中共存储3万吨熔盐（熔点为210℃），白天高温熔盐罐把能量储存起来，夜晚再把罐中的高温熔盐释放出来发电，可以实现24小时稳定电力输出。请回答：（1）高温熔盐罐利用熔盐储存内能。高温熔盐进入蒸汽发生器，通过热传递（做功/热传递）方式使冷水变成高温高压水蒸气，推动汽轮机带动发电机发电；（2）低温熔盐罐的温度应＞（＞/＜）210℃；（3）该发电站正常工作24h，可发电2.4×106度；（4）从图乙中可以看出，镜子大致以吸热塔为中心依次排列，吸热塔南面的镜子较少，北面的较多。请你结合图丙情形分析，在南面和北面同样的镜子a和b，b反射到吸热塔的光能更多。【分析】（1）改变物体内能的两种方式：做功和热传递。（2）晶体温度低于熔点是固态，高于熔点低于沸点是液态。（3）根据公式W＝Pt计算可得。（4）太阳光是由南向北斜射的。【解答】解：（1）高温熔盐罐利用熔盐储存内能。高温熔盐进入蒸汽发生器，通过热传递方式使冷水变成高温高压水蒸气，推动汽轮机带动发电机发电；（2）低温熔盐罐中的盐要保持液态，温度应＞210℃；（3）该发电站正常工作24h，可发电：W＝Pt＝100×103kW×24h＝2.4×106kW•h；（4）从图乙中可以看出，镜子大致以吸热塔为中心依次排列，吸热塔南面的镜子较少，北面的较多。太阳光是由南向北斜射的，在南面和北面同样的镜子a和b，北面的镜子b反射到吸热塔的光能更多。故答案为：（1）内能；热传递；（2）＞；（3）2.4×106；（4）b。【点评】本题考查了改变物体内能的两种方式、功的计算、光的反射等，体现了物理在发电站中的广泛应用。三、解答题（本题共12小题，共50分。解答25、26、27题时应有解题过程）22．（2分）在图中画出杠杆的阻力臂l，并在A点画出使杠杆静止在图示位置的最小力F。【分析】（1）从支点向力的作用线作垂线就得到力臂；（2）根据杠杆平衡的条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越长越省力，而支点到杠杆的顶端作为动力臂时，动力臂最长，所以根据力臂的画法，从杠杆的端点作垂直于力臂的动力示意图，注意动力、阻力对杠杆的转动效果相反。【解答】解：重物对杠杆的拉力即为阻力，过支点O作力阻力作用线的垂线段，即为阻力臂l，根据杠杆平衡的条件可知，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长越省力；由图示可知，以OA为动力臂时，动力臂最长，此时最省力；连接OA，从A点做OA的垂线，为使杠杆平衡，力的方向应垂直于OA向上，如图所示：。【点评】此题是杠杆中的最小力问题，其依据是杠杆的平衡条件，由杠杆平衡条件知，力臂越长越省力，所以要画出最小的力，关键是确定最长的力臂。23．（2分）在图中的括号内标出小磁针右端的极性，用箭头标出P点磁感线的方向。【分析】利用安培定则判断出通电螺线管的N、S极，利用磁极间的作用规律确定静止的小磁针右端的极性，在磁体的外部磁感线从N极出来，回到S极。【解答】解：图中螺线管中的电流是从左侧流入，根据安培定则可知，螺线管右端为N极，左端为S极；根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的右端为N极，左端为S极，在磁体的外部磁感线从N极出来，回到S极，所以P点磁感线方向是向左的，如图所示：。【点评】本题考查了安培定则、磁感线的方向和磁极间的相互作用规律；利用安培定则既可由电流的方向判定磁极，也能由磁极判断电流的方向和线圈的绕法。24．（2分）在图中画出垂直于玻璃砖的光线OP经过玻璃砖射出的光路图。【分析】由光的折射规律可知，折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线的两侧，且当光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角，当光垂直从玻璃射入空气中时，方向不变。【解答】解：当光线射入玻璃砖时，入射光线垂直于折射面时光的传播方向不变，画出第一条折射光线；当光线射出玻璃砖时，过入射点作出法线，光线从玻璃砖斜射入空气时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角，据此作出第二条折射光线，如图所示：。【点评】本题考查了根据光的折射规律的作图，光由空气垂直射入其它透明介质中时，传播方向不变，当光线由其他透明介质斜射入空气时，光线要发生偏折，折射角大于入射角。25．（2分）图中降落伞沿与竖直成30°的方向匀速下落，画出重物A的受力示意图。【分析】首先对重物A进行受力分析，明确重物A受到哪些力，方向怎样，作用点在哪里，然后画出受力示意图。【解答】解：由题意知，重物A随着降落伞沿与竖直成30°的方向匀速下落，故受到平衡力的作用，受到竖直向下的重力和竖直向上的空气阻力和绳子向上的拉力，且这几个力的作用点都在A点，如图所示：【点评】解答此类题的关键是：先对被研究对象进行受力分析，然后确定各力的作用点、方向以及大小关系。26．（4分）小明在参观苏州市御窑金砖博物馆时，从解说员的讲解中得知某块金砖的长、宽、高分别为70cm、70cm、10cm，金砖的密度为2.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：（1）金砖的重力G；（2）若重490N的小明站在如图所示的金砖上，金砖对水平地面的压强p。【分析】（1）已知金砖的长、宽、高可求得其体积，又知道密度，由密度公式变形可求得其质量，由G＝mg可求得金砖的重力G；（2）重490N的小明站在如图所示的金砖上，金砖对水平地面的压力等于小明和金砖的总重力，由金砖的长、宽求得其面积，由p＝求得金砖对水平地面的压强。【解答】解：（1）金砖的体积V＝70cm×70cm×10cm＝49000cm3＝0.049m3，由＝可得，金砖的质量m＝V＝2.0×103kg/m3×0.049m3＝98kg，ρρ重力G＝mg＝98kg×10N/kg＝980N，（2）490N的小明站在如图所示的金砖上，金砖对水平地面的压力：F＝G小明+G＝490N+980N＝1470N，金砖面积S＝70cm×70cm＝4900cm2＝0.49m2，金砖对水平地面的压强p＝＝＝3×103Pa。答：（1）金砖的重力G为980N；（2）若重490N的小明站在如图所示的金砖上，金砖对水平地面的压强p为3×103Pa。【点评】本题考查了压强公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。27．（6分）用如图所示的滑轮组将重为300N的物体以0.1m/s的速度匀速向上提升10s。（1）若不计动滑轮重、绳重和滑轮与轴间的摩擦，求人对绳的拉力F；（2）实际中动滑轮重为40N，人的拉力做功400J，求滑轮组的机械效率以及克服绳重和摩擦所做的额外功。【分析】（1）由图可知n＝2，利用不计动滑轮重、绳重和滑轮与轴间的摩擦F＝G求人对绳的拉力F；（2）利用v＝求物体上升的高度，利用W有＝Gh求有用功，利用＝×100%求η滑轮组的机械效率；利用W总＝W有+W额求额外功，由题意可知，额外功由克服动滑轮重力做的额外功和克服绳重和摩擦所做的额外功两部分组成，利用W动＝G动h求克服动滑轮重力做的额外功，进而求出克服绳重和摩擦所做的额外功。【解答】解：（1）由图可知n＝2，因为不计动滑轮重、绳重和滑轮与轴间的摩擦，所以绳子自由端的拉力：F＝G＝×300N＝150N；（2）由v＝可知，物体上升的高度：h＝vt＝0.1m/s×10s＝1m，拉力做的有用功：W有＝Gh＝300N×1m＝300J，滑轮组的机械效率：＝×100%＝×100%＝75%；η拉力做的额外功：W额＝W总﹣W有＝400J﹣300J＝100J，克服动滑轮重力做的额外功：W动＝G动h＝40N×1m＝40J，则克服绳重和摩擦所做的额外功：Wf＝W额﹣W动＝100J﹣40J＝60J；答：（1）若不计动滑轮重、绳重和滑轮与轴间的摩擦，人对绳的拉力F为150N；（2）实际中动滑轮重为40N，人的拉力做功400J，滑轮组的机械效率为75%，克服绳重和摩擦所做的额外功为60J。【点评】本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力、有用功、额外功和机械效率的计算，明确额外功由克服动滑轮重力做的额外功和克服绳重和摩擦所做的额外功两部分组成是关键。28．（6分）在如图甲所示的电路中，电源电压不变，R的阻值为8，灯泡L的电流随电压变化的关系如图乙所示。闭合开关，灯泡L两端的电压为8V。求：Ω（1）电源电压；（2）将图甲中的R换成和L一样的灯泡，10s内一个灯泡消耗的电能；（3）将图甲中R和L由串联改为并联，整个电路的电功率。【分析】（1）根据图乙读出灯泡的电流，根据串联电路的电流特点求得定值电阻两端的电压，然后根据串联电路的电压特点求出电源的电压；（2）将图甲中的R换成和L一样的灯泡后，根据串联分压可求得L的电压，由图乙读出此时的电流，由W＝UIt可求得10s内一个灯泡消耗的电能；（3）将图甲中R和L由串联改为并联，根据并联电路的电压特点可知L的电压，利用图乙读出此时的电流，由欧姆定律公式可求得通过定值电阻的电流，再利用并联电路中干路电流等于各支路电流之和可求得总电流，再利用P＝UI可求得整个电路的电功率。【解答】解：（1）由图乙可知，UL＝8V时，IL＝0.5A，则定值电阻两端的电压UR＝IRR＝0.5A×8＝4V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，Ω所以，电源的电压：U＝UL+UR＝8V+4V＝12V；（2）将图甲中的R换成和L一样的灯泡后，L的电压：U1L＝U＝×12V＝6V，由图乙可知，I1L＝0.43A，则10s内一个灯泡消耗的电能：W1L＝U1LI1Lt＝6V×0.43A×10s＝25.8J；（3）将图甲中R和L由串联改为并联，L的电压为U2L＝12V，由图乙可知，I2L＝0.6A，由欧姆定律得，通过定值电阻的电流：IR＝＝＝1.5A，总电流：I＝I2L+IR＝0.6A+1.5A＝2.1A，整个电路的电功率：P总＝UI＝12V×2.1A＝25.2W。答：（1）电源电压为12V；（2）将图甲中的R换成和L一样的灯泡，10s内一个灯泡消耗的电能约为25.8J；（3）将图甲中R和L由串联改为并联，整个电路的电功率为25.2W。【点评】本题考查了串、并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。29．（4分）探究水沸腾前后温度变化的特点，所用器材有铁架台、烧瓶、温度计、秒表、石棉网等。（1）在安装如图甲的装置时，要保证用酒精灯的外焰加热，应先固定a（a/b/c）的位置；（2）实验中，从水温升到90℃开始，每隔1min读一次温度并记入表格，第2min时温度计示数如图乙，读数为94℃；时间/min01234567水的温度90929698999999/℃（3）由实验数据可知，水的沸点为99℃；（4）实验完成后熄灭酒精灯，将烧瓶从铁架台上取下。拿橡皮塞塞紧瓶口，用冷水喷洒瓶底（如图丙），里面的水不能沸腾。【分析】（1）因为在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；（2）读取温度计示数时应先明确分度值，再观察液柱所指的刻度；（3）水在沸腾过程中温度保持不变，水沸腾时的温度就是水的沸点；（4）用冷水喷洒瓶底，会降低水的温度，不能改变上方气体的压强，据此分析解答。【解答】解：（1）在安装如图甲的装置时，要保证用酒精灯的外焰加热，应从下向上固定实验器材的位置，因此应先固定铁圈a的位置；（2）由图乙可知，温度计的分度值为1℃，所以温度计的读数为94℃；（3）由表格中数据知，从5到7分钟，水的温度保持99℃不变，因此水的沸点是99℃；（4）由图可知，用冷水喷洒瓶底，只会降低水的温度，不能减小上方气体的压强，因此此时水的沸点不变，而水的温度降得更低，故水不能再次沸腾。故答案为：（1）a；（2）94；（3）99；（4